Question

19．如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，將一塊腰長為$\sqrt{5}$的等腰直角三角板ABC放在第二象限，且斜靠在兩坐標(biāo)軸上，頂點(diǎn)A的坐標(biāo)為（0，2），點(diǎn)B在拋物線y=ax²+ax-2上．
（1）直角頂點(diǎn)C的坐標(biāo)為（-1，0）；
（2）求拋物線的解析式；
（3）若點(diǎn)D是（1）中所求拋物線在第三象限內(nèi)的一個(gè)動點(diǎn)，連接BD、CD．當(dāng)△BCD的面積最大時(shí)，求點(diǎn)D的坐標(biāo)．

Answer 1

分析 （1）利用勾股定理求出OC，即可解答；
（2）過點(diǎn)B作x軸的垂線，通過構(gòu)建的全等三角形可確定點(diǎn)B的坐標(biāo)；再利用待定系數(shù)法確定函數(shù)的解析式即可．
（3）已知B、C點(diǎn)的坐標(biāo)，那么在求△BCD的面積時(shí)，可以B、C的橫坐標(biāo)差的絕對值作為△BCD的一個(gè)高，過D作x軸的垂線交直線BC于M，那么可將DM當(dāng)作此時(shí)△BCD的底，可據(jù)此求出關(guān)于△BCD的面積的函數(shù)關(guān)系式，再由所得函數(shù)的性質(zhì)來求解．

解答 解：（1）∵點(diǎn)A的坐標(biāo)為（0，2），
∴OA=2，
在Rt△AOC中，CO=$\sqrt{A{C}^{2}-A{O}^{2}}=\sqrt{（\sqrt{5}）^{2}-{2}^{2}}=1$，
∴點(diǎn)C的坐標(biāo)為（-1，0），
故答案為：（-1，0）．
（2）如圖，過點(diǎn)B作BF⊥x軸，垂足為F，

則∠BFC=∠COA=90°
∵∠BCF+∠ACO=∠ACO+∠CAO=90°
∴∠BCF=∠CAO，
又∵BC=CA，
在△BCF和△CAO中，
$\left\{\begin{array}{l}{∠BCF=∠CA}\\{∠BFC=∠AOC}\\{BC=CA}\end{array}\right.$
∴△BCF≌△CAO，
∴BF=CO=1，F(xiàn)C=OA=2，
∴OF=1+2=3，
∴B（-3，1），
把B（-3，1）代入y=ax²+ax-2得：1=9a-3a-2，
∴a=$\frac{1}{2}$，
∴拋物線解析式為y=$\frac{1}{2}{x}^{2}$+$\frac{1}{2}$x-2．
（3）設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b，將B（-3，1），C（-1，0）代入上式得
$\left\{\begin{array}{l}{-3k+b=1}\\{-k+b=0}\end{array}\right.$
解得：$\left\{\begin{array}{l}{k=-\frac{1}{2}}\\{b=-\frac{1}{2}}\end{array}\right.$，
所以直線BC的解析式為：y=-$\frac{1}{2}$x-$\frac{1}{2}$．
設(shè)點(diǎn)D的坐標(biāo)為（m，$\frac{1}{2}$m²+$\frac{1}{2}$m-2），過點(diǎn)D作DM⊥x軸交直線BC于點(diǎn)M
所以點(diǎn)M的坐標(biāo)為（m，-$\frac{1}{2}$m-$\frac{1}{2}$），
MD=${y}_{M}-{y}_{D}=-\frac{1}{2}{m}^{2}-m+\frac{3}{2}$．
再設(shè)三角形BCD的面積為S．
S=$\frac{1}{2}$MD（x_C-x_B）=$\frac{1}{2}$×（-$\frac{1}{2}{m}^{2}-m+\frac{3}{2}$）×2=-$\frac{1}{2}（m+1）^{2}$+2，
因?yàn)镾是m的二次函數(shù)，且a=-$\frac{1}{2}$＜0，
∴拋物線開口向下，函數(shù)有最大值，
即當(dāng)m=-1時(shí)S有最大值2，此時(shí)點(diǎn)D的坐標(biāo)為（-1，-2）．

點(diǎn)評 該題涉及的內(nèi)容較多，難度也較大，主要考查的知識點(diǎn)有：函數(shù)解析式的確定、特殊幾何圖形的判定和性質(zhì)以及圖形面積的解法等．在解題時(shí)，一定要注意數(shù)形結(jié)合思想的合理應(yīng)用，通過部分輔助線往往可以題目變的簡潔、明了．