Question

【題目】已知拋物線(xiàn)y=x2﹣2mx+m2+m﹣1（m是常數(shù)）的頂點(diǎn)為P，直線(xiàn)：y=x﹣1

（1）求證：點(diǎn)P在直線(xiàn)上；

（2）當(dāng)m=﹣3時(shí)，拋物線(xiàn)與x軸交于A(yíng)，B兩點(diǎn)，與y軸交于點(diǎn)C，與直線(xiàn)的另一個(gè)交點(diǎn)為Q，M是x軸下方拋物線(xiàn)上的一點(diǎn)，∠ACM=∠PAQ（如圖），求點(diǎn)M的坐標(biāo)；

（3）若以?huà)佄锞�(xiàn)和直線(xiàn)的兩個(gè)交點(diǎn)及坐標(biāo)原點(diǎn)為頂點(diǎn)的三角形是等腰三角形，請(qǐng)直接寫(xiě)出所有符合條件的m的值．

Answer 1

【答案】（1）證明見(jiàn)解析；（2）（﹣4，﹣3）；（3）m的值為0， ， ， ， ．

【解析】分析：（1）利用配方法得到y=(x-m)+m-1，點(diǎn)P（m，m-1），然后根據(jù)一次函數(shù)圖象上點(diǎn)的坐標(biāo)特征判斷點(diǎn)P在直線(xiàn)l上；（2）當(dāng)m= -3時(shí)，拋物線(xiàn)解析式為y=x+6x+5，根據(jù)拋物線(xiàn)與x軸的交點(diǎn)問(wèn)題求出A（-5，0），易得C（0，5），通過(guò)解方程組 得P（-3，-4），Q（-2，-3），作ME⊥y軸于E，PF⊥x軸于F，QG⊥x軸于G，如圖，證明Rt△CME∽Rt△PAF，利用相似得，設(shè)M（x，x+6x+5），則，解得=0（舍去），= -4，于是得到點(diǎn)M的坐標(biāo)為（-4，-3）；（3）通過(guò)解方程組

得P（m，m-1），Q（m+1，m），利用兩點(diǎn)間的距離公式得到PQ=2，OQ=2m+2m+1，OP=2m-2m+1，然后分類(lèi)討論：當(dāng)PQ=OQ時(shí)，2m+2m+1=2；當(dāng)PQ=OP時(shí)，2m-2m+1=2；當(dāng)OP=OQ時(shí)，2m+2m+1=2m-2m+1，再分別解關(guān)于m的方程求出m即可．

本題解析：

（1）證明：∵y=x2﹣2mx+m2+m﹣1=（x﹣m）2+m﹣1，

∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為（m，m﹣1），

∵當(dāng)x=m時(shí)，y=x﹣1=m﹣1，

∴點(diǎn)P在直線(xiàn)l上；

（2）解：當(dāng)m=﹣3時(shí)，拋物線(xiàn)解析式為y=x2+6x+5，

當(dāng)y=0時(shí)，x2+6x+5=0，解得x1=﹣1，x2=﹣5，則A（﹣5，0），

當(dāng)x=0時(shí)，y=x2+6x+5=5，則C（0，5），

可得解方程組，解得或，

則P（﹣3，﹣4），Q（﹣2，﹣3），

作ME⊥y軸于E，PF⊥x軸于F，QG⊥x軸于G，如圖，

∵OA=OC=5，

∴△OAC為等腰直角三角形，

∴∠ACO=45°，

∴∠MCE=45°﹣∠ACM，

∵QG=3，OG=2，

∴AG=OA﹣OG=3=QG，

∴△AQG為等腰直角三角形，

∴∠QAG=45°，

∵∠APF=90°﹣∠PAF=90°﹣（∠PAQ+45°）=45°﹣∠PAQ，

∵∠ACM=∠PAQ，

∴∠APF=∠MCE，

∴Rt△CME∽R(shí)t△PAF，

∴，

設(shè)M（x，x2+6x+5），

∴ME=﹣x，CE=5﹣（x2+6x+5）=﹣x2﹣6x，

∴，

整理得x2+4x=0，解得x1=0（舍去），x2=﹣4，

∴點(diǎn)M的坐標(biāo)為（﹣4，﹣3）；

（3）解：解方程組得或，則P（m，m﹣1），Q（m+1，m），

∴PQ2=（m+1﹣m）2+（m﹣m+1）2=2，OQ2=（m+1）2+m2=2m2+2m+1，OP2=m2+（m﹣1）2=2m2﹣2m+1，

當(dāng)PQ=OQ時(shí)，2m2+2m+1=2，解得m1=，m2=；

當(dāng)PQ=OP時(shí)，2m2﹣2m+1=2，解得m1=，m2=；

當(dāng)OP=OQ時(shí)，2m2+2m+1=2m2﹣2m+1，解得m=0，

綜上所述，m的值為0， ， ， ， ．