7.如圖AB是半圓直徑,半徑OC⊥AB于點O,AD平分∠CAB分別交OC于點E,交弧BC于點D,連結(jié)CD、OD,給出以下5個結(jié)論:
①OD∥AC;
②AC=2CD;
③2CD2=CE•AB;
④S△AEC=2S△DEO
⑤線段OD是DE與DA的比例中項.
其中正確結(jié)論的序號( 。
A.①②③B.①④⑤C.①③④D.①③④⑤

分析 ①根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)和角平分線的性質(zhì),利用等量代換求證∠CAD=∠ADO即可;
②過點O作OG⊥AC,再根據(jù)直角三角形斜邊大于直角邊可證;
③可證得△CED∽△CDO,根據(jù)相似三角形的對應(yīng)邊成比例,可得CD2=OC•CE=$\frac{1}{2}$AB•CE,即可證得結(jié)論;
④利用相似三角形的判定與性質(zhì)以及等腰直角三角形的性質(zhì)得出即可;
⑤△ADO和△DOE不相似,故線段OD不是DE與DA的比例中項.

解答 解:①∵AB是半圓直徑,
∴AO=OD,
∴∠OAD=∠ADO,
∵AD平分∠CAB交弧BC于點D,
∴∠CAD=∠DAO=$\frac{1}{2}$∠CAB,
∴∠CAD=∠ADO,
∴AC∥OD,
∴故①正確.

②如圖1,過點O作OG⊥AC,連接CG,AG,
∵OG⊥AC,
∴$\widehat{AG}$=$\widehat{CG}$,
∵半徑OC⊥AB于點O,
∴$\widehat{AG}$=$\widehat{CG}$=$\widehat{CD}$,
∴AG=GC=CD,
∴AC<2CD,
∴故②錯誤.

③∵AB是半圓直徑,
∴OC=OD,
∴∠OCD=∠ODC=67.5°,
∵∠CAD=∠ADO=22.5°,
∴∠CDE=∠ODC-∠ADO=67.5°-22.5°=45°,
∴△CED∽△CDO,
∴CD:OC=CE:CD,
∴CD2=OC•CE=$\frac{1}{2}$AB•CE,
∴2CD2=CE•AB.
故③正確.

④如圖2,過點E作EM⊥AC于點M,
∵AO=CO,AO⊥CO,
∴∠CAO=∠ACO=45°,
∴CM=ME,
∵AD平分∠CAB分別交OC于點E,
EO⊥AO,EM⊥AC,
∴ME=EO,
∴CM=ME=EO,
∴CE=$\sqrt{2}$ME=$\sqrt{2}$EO,
由①得:∵AC∥OD,
∴△ACE∽△DOE,
∴$\frac{EC}{EO}$=$\sqrt{2}$,
∴$\frac{{S}_{△AEC}}{{S}_{△DEO}}$=($\sqrt{2}$)2=2,
∴S△AEC=2S△DEO
故④正確,

⑤∵AD平分∠CAB交弧BC于點D,
∴∠CAD=∠DAC=$\frac{1}{2}$×45°=22.5°,
∴∠COD=45°,
∵AC∥DO,
∴∠CAD=∠ADO=22.5°,
∴△ADO是等腰三角形,
△DOE中,∠ADO=22.5°,∠EOD=45°,
∴△ADO和△DOE不相似,
∴線段OD不是DE與DA的比例中項,
∴故⑤錯誤.
綜上所述,只有①③④正確.
故選C.

點評 此題主要考查相似三角形的判定與性質(zhì),圓心角、弧、弦的關(guān)系,圓周角定理,等腰三角形的性質(zhì),三角形內(nèi)角和定理等知識點的靈活運用,此題步驟繁瑣,但相對而言,難易程度適中,很適合學(xué)生的訓(xùn)練是一道典型的題目.

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