Question

4．如圖所示為某種彈射小球的游戲裝置，水平面上固定一輕質(zhì)彈簧及長度可調(diào)節(jié)的豎直管AB．細(xì)管下端接有一小段長度不計的圓滑彎管，上端B與四分之一圓弧彎管BC相接．每次彈射前，推動小球?qū)�彈簧壓縮到同一位置后鎖定．解除鎖定，小球立即被彈簧彈出，水平射進(jìn)細(xì)管A端，再沿管ABC從C端水平射出．已知彎管BC的半徑R=0.40m，小球的質(zhì)量為m=0.1kg，當(dāng)調(diào)節(jié)豎直細(xì)管AB的長度L至L₀=0.80m時，發(fā)現(xiàn)小球恰好能過管口C端．不計小球運動過程中的機(jī)械能損失，g=10m/s²
（1）求每次彈射時彈簧對小球所做的功W；
（2）若L可調(diào)節(jié)，L取多大時，小球落至水平面的位置離直管AB水平距離最遠(yuǎn)？
（3）若其他條件不變只把小球質(zhì)量變?yōu)?\frac{1}{2}$m，求小球到達(dá)C時管壁對其作用力F的大小和方向．

Answer 1

分析 （1）小球恰好能過管口C端，可知小球在C點的臨界速度為0，根據(jù)動能定理求得小球彈射時彈簧對小球做的功；
（2）小球離開C點做平拋運動，根據(jù)小球射程公式求出小球射程與L的關(guān)系，由數(shù)學(xué)關(guān)系式求射程最大時對應(yīng)L的數(shù)值；
（3）小球通過C時臨界速度為$\sqrt{gR}$時，小球?qū)�管道壁沒有作用力，大于臨界速度時對上管壁有壓力，小球臨界速度時對下管壁有壓力，根據(jù)動能定理求出經(jīng)過C點的速度，根據(jù)牛頓第二定律求出管壁對球的作用力．

解答 解：（1）小球恰好能到達(dá)管口C時，v_C=0
研究小球從靜止開始運動到C點的過程，只有重力和彈簧對小球做功，
根據(jù)動能定理有：W_彈-mg（L₀+R）=0所以彈簧對小球做的功為：
W_彈=mg（L₀+R）=0.1×10×（0.8+0.4）J=1.2J；
（2）當(dāng)AB段長度為任意值L時，根據(jù)動能定理有：
W_彈-mg（L+R）=$\frac{1}{2}$mv²-0
可得：v=$\sqrt{2g（{L}_{0}-L）}$，
小球離開C點做平拋運動的時間為：t=$\sqrt{\frac{2（L+R）}{g}}$，
水平射程為：x=v_Ct=2$\sqrt{（{L}_{0}-L）（L+R）}$，
顯然，當(dāng)L₀-L=L+R時，平拋射程有最大值，對應(yīng)的豎直細(xì)管AB的長度為：
L=$\frac{{L}_{0}-R}{2}$=$\frac{0.80-0.40}{2}$m=0.2m，
此時小球落至水平面的位置離直管AB的距離為最大，為：
x_m=2$\sqrt{（{L}_{0}-L）（L+R）}$=2×$\sqrt{（0.8-0.2）×（0.2+0.4）}$=1.2m；
（3）由動能定理得：W-$\frac{1}{2}$mg（L₀+R）=$\frac{1}{2}$（$\frac{1}{2}$m）v²-0，
在C點，由牛頓第二定律得：F_N+$\frac{1}{2}$mg=$\frac{1}{2}$m$\frac{{v}^{2}}{R}$，解得：F_N=2.5N，方向：豎直向下；
答：（1）每次彈射時彈簧對小球所做的功W為1.2J；
（2）若L可調(diào)節(jié)，L取0.2m時，小球落至水平面的位置離直管AB水平距離最遠(yuǎn)，最大值為1.2m；
（3）若其他條件不變只把小球質(zhì)量變?yōu)?\frac{1}{2}$m，小球到達(dá)C時管壁對其作用力F的大小為2.5N，方向：豎直向下．

點評 本題考查了圓周運動最高點的動力學(xué)方程和平拋運動規(guī)律，掌握小球能過最高點的臨界條件，注意掌握過最高點時的繩球模型和桿球模型臨界條件的不同．