Question

【題目】如圖，已知ABCD中，AE平分∠BAD交DC于E，DF⊥BC于F，交AE于G，且AD＝DF．過點(diǎn)D作DC的垂線，分別交AE、AB于點(diǎn)M、N．

（1）若M為AG中點(diǎn)，且DM＝2，求DE的長；

（2）求證：AB＝CF+DM．

Answer 1

【答案】（1）DE＝；（2）證明見解析．

【解析】

（1）由ABCD中，AE平分∠BAD交DC于E，DF⊥BC，易證得∠DMG=∠DGM，求得DG=DM=2，由直角三角形斜邊上的中線等于斜邊上的一半，求得AG的長，繼而求得DE的長；
（2）此題有多種解法，通過構(gòu)造不同的直角三角形，找到相應(yīng)的全等三角形，在根據(jù)對(duì)應(yīng)邊和對(duì)應(yīng)角相等，即可推出結(jié)論．

解：（1）∵四邊形ABCD是平行四邊形，

∴AD∥BC，AB∥CD，

∴∠BAE＝∠DEA，

∵AE平分∠BAD，∴∠BAE=∠DAE

∴∠DAE＝∠DEA，

∴DE＝AD，

∵DF⊥BC，

∴DF⊥AD，

∵M為AG中點(diǎn)，

∴AG＝2DM＝4，

∵DN⊥CD，

∴∠ADM+∠MDG＝∠MDG+∠EDG，

∴∠ADM＝∠EDG，

∴∠DAE+∠ADM＝∠DEA+∠EDG，

即∠DMG＝∠DGM，

∴DG＝DM＝2，

在Rt△ADG中，DE＝AD＝＝；

（2）證法一：過點(diǎn)A作AD的垂線交DN的延長線于點(diǎn)H，

在△ADH和△FDC中，

，

∴△DAH≌△DFC（ASA），

∴AH＝FC，DH＝DC，

∵DF⊥AD，

∴AH∥DF，

∴∠HAM＝∠DGM，

∵∠AMH＝∠DMG，∠DMG＝∠DGM，

∴∠HAM＝∠HMA，

∴AH＝MH，

∴MH＝CF，

∴AB＝CD＝DH＝MH+DM＝CF+DM．

證法二：延長MD到點(diǎn)P，使DP＝CF，連接PE

由（1）知AD＝DE，

又AD＝DF，

∴DF＝DE，

∠DFC＝∠EDP＝90°

∴Rt△DCF≌Rt△EPD，

∴DC＝EP，∠CDF＝∠PED

∴PE∥DF，

∴∠PEA＝∠DGA，

由（1）得∠DGA＝∠DME，

∴∠PEA＝∠DME

∴PM＝PE，

而PM＝DM+DP＝DM+CF，PE＝CD＝AB，

∴AB＝DM+FC．

證法三：過點(diǎn)A作AH⊥CB于點(diǎn)H，

易證△ABH≌△DCF，

從而證得四邊形AHFD為正方形．

把△ADG繞點(diǎn)A順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，

得△AHP，∠AHP＝∠AHB＝90°

∴P、H、B三點(diǎn)共線

∵AE平分∠BAD，

∴∠1＝∠2，而∠2＝∠HAP，

∴∠HAB+∠1＝∠HAB+∠HAP，即∠HAG＝∠PAB

∵AH∥DF，

∴∠HAG＝∠DGA

而∠DGA＝∠APB

∴∠PAB＝∠APB

∴AB＝PB

∵PB＝PH+HB＝DG+FC

∴AB＝DM+FC．

證法四：在DC上截取DP＝DM，連接PF，

∵四邊形ABCD是平行四邊形，

∴AB∥CD

∴∠BAE＝∠DEA，

而∠BAE＝∠DAE，

∴∠DAE＝∠DEADA＝DE，

又∠ADF＝∠MDE＝90°，

∴∠ADM＝∠EDG，

∴△ADM≌△EDG，

∴DM＝DG，

∴DG＝DP，

又AD＝DF，

∴DF＝DE，而∠PDF＝∠FDP，

∴△PDF≌△GDE，

∴∠DPF＝∠DGE，∠DFP＝∠DEG，

∴∠CPF＝∠DGM，

∵∠DFP+∠CFP＝∠DEG+∠DMG＝90°，

∴∠CFP＝∠DMG，

而∠DMG＝∠DGM，

∴∠CFP＝∠CPFCF＝CP，

而CD＝DP+CP＝DM+CF，AB＝CD，

∴AB＝DM+CF．