Question

【題目】如圖，拋物線y=﹣ 與x軸交于點(diǎn)A，點(diǎn)B，與y軸交于點(diǎn)C，點(diǎn)D與點(diǎn)C關(guān)于x軸對(duì)稱，點(diǎn)P是x軸上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（m，0），過點(diǎn)P作x軸的垂線l交拋物線于點(diǎn)Q．

（1）求點(diǎn)A、點(diǎn)B、點(diǎn)C的坐標(biāo)；
（2）求直線BD的解析式；
（3）當(dāng)點(diǎn)P在線段OB上運(yùn)動(dòng)時(shí)，直線l交BD于點(diǎn)M，試探究m為何值時(shí)，四邊形CQMD是平行四邊形；
（4）在點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)過程中，是否存在點(diǎn)Q，使△BDQ是以BD為直角邊的直角三角形？若存在，求出點(diǎn)Q的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

【答案】
（1）

解：∵令x=0得；y=2，

∴C（0，2）．

∵令y=0得：﹣ =0，

解得：x1=﹣1，x2=4．

∴A（﹣1，0），B（4，0）．

（2）

解：∵點(diǎn)C與點(diǎn)D關(guān)于x軸對(duì)稱，

∴D（0，﹣2）．

設(shè)直線BD的解析式為y=kx﹣2．

∵將（4，0）代入得：4k﹣2=0，

∴k= ．

∴直線BD的解析式為y= x﹣2．

（3）

解：如圖1所示：

∵QM∥DC，

∴當(dāng)QM=CD時(shí)，四邊形CQMD是平行四邊形．

設(shè)點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（m，﹣ m2+ m+2），

則M（m， m﹣2），

∴﹣ m2+ m+2﹣（ m﹣2）=4，

解得：m=2，m=0（不合題意，舍去），

∴當(dāng)m=2時(shí)，四邊形CQMD是平行四邊形；

（4）

解：存在，設(shè)點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（m，﹣ m2+ m+2），

∵△BDQ是以BD為直角邊的直角三角形，

∴①當(dāng)∠QBD=90°時(shí)，

由勾股定理得：BQ2+BD2=DQ2，

即（m﹣4）2+（﹣ m2+ m+2）2+20=m2+（﹣ m2+ m+2+2）2，

解得：m=3，m=4（不合題意，舍去），

∴Q（3，2）；

②當(dāng)∠QDB=90°時(shí)，

由勾股定理得：BQ2=BD2+DQ2，

即（m﹣4）2+（﹣ m2+ m+2）2=20+m2+（﹣ m2+ m+2+2）2，

解得：m=8，m=﹣1，

∴Q（8，﹣18），（﹣1，0），

綜上所述：點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（3，2），（8，﹣18），（﹣1，0）．

【解析】本題考查了二次函數(shù)綜合題，涉及的知識(shí)點(diǎn)有：坐標(biāo)軸上點(diǎn)的特點(diǎn)，待定系數(shù)法求直線的解析式，平行四邊形的判定和性質(zhì)，勾股定理，方程思想和分類思想的運(yùn)用，綜合性較強(qiáng)，有一定的難度．（1）根據(jù)函數(shù)解析式列方程即可得到結(jié)論；（2）由點(diǎn)C與點(diǎn)D關(guān)于x軸對(duì)稱，得到D（0，﹣2），解方程即可得到結(jié)論；（3）如圖1所示：根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)得到QM=CD，設(shè)點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（m，﹣ m2+ m+2），則M（m， m﹣2），列方程即可得到結(jié)論；（4）設(shè)點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（m，﹣ m2+ m+2），分兩種情況：①當(dāng)∠QBD=90°時(shí)，根據(jù)勾股定理列方程求得m=3，m=4（不合題意，舍去），②當(dāng)∠QDB=90°時(shí)，根據(jù)勾股定理列方程求得m=8，m=﹣1，于是得到結(jié)論．
【考點(diǎn)精析】關(guān)于本題考查的確定一次函數(shù)的表達(dá)式和勾股定理的概念，需要了解確定一個(gè)一次函數(shù)，需要確定一次函數(shù)定義式y(tǒng)=kx+b（k不等于0）中的常數(shù)k和b．解這類問題的一般方法是待定系數(shù)法；直角三角形兩直角邊a、b的平方和等于斜邊c的平方,即;a2+b2=c2才能得出正確答案．