B.加速電場的電壓過高.電子速率偏大C.偏轉(zhuǎn)線圈匝間短路.線圈匝數闂傚倸鍊搁崐鎼佸磹閹间礁纾归柣鎴eГ閸ゅ嫰鏌涢锝嗙缁炬儳顭烽弻鏇熺箾閻愵剚鐝旂紒鐐劤閻忔繈鍩為幋锔藉亹鐎规洖娴傞弳锟犳⒑閹肩偛鈧洟鎮ц箛娑樼疅闁归棿鐒﹂崑瀣煕椤愶絿绠橀柣鐔村姂濮婅櫣绱掑Ο铏圭懆闂佽绻戝畝鍛婁繆閻㈢ǹ绀嬫い鏍ㄦ皑椤斿﹪姊虹憴鍕剹闁搞劑浜跺顐c偅閸愨晝鍘介柟鍏肩暘閸ㄥ宕弻銉︾厵闁告垯鍊栫€氾拷查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

電子激光器是利用高速電子束射入方向交替變化的磁場,使電子在磁場中擺動著前進而產(chǎn)生激光的一種裝置.在磁場中建立與磁場方向垂直的平面坐標系xoy,如圖甲所示.方向交替變化的磁場隨x坐標變化的圖線如圖乙所示,每個磁場區(qū)域的寬度均為L=0.30m,磁場的磁感應(yīng)強度大小B =3.75×10-4T,規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正方向.現(xiàn)將初速度為零的電子經(jīng)電壓U=4.5×103V的電場加速后,從坐標原點沿y軸正方向射入磁場.電子電荷量e為1.6×10-19C,電子質(zhì)量m取9.0×10-31Kg不計電子的重力,不考慮電子因高速運動而產(chǎn)生的影響.求:
(l)電子從坐標原點進入磁場時速度的大小v;
(2)請在答題卡中圖甲的位置畫出x=0至x=4L區(qū)域內(nèi)電子在磁場中運動的軌跡,并計算電子通過圖中各磁場區(qū)域邊界時位置的縱坐標,請在圖中標出來;
(3)從x=0至x=NL(N為整數(shù))區(qū)域內(nèi)電子運動的平均速度的大小.

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電子激光器是利用高速電子束射入方向交替變化的磁場,使電子在磁場中擺動著前進而產(chǎn)生激光的一種裝置.在磁場中建立與磁場方向垂直的平面坐標系xoy,如圖甲所示.方向交替變化的磁場隨x坐標變化的圖線如圖乙所示,每個磁場區(qū)域的寬度均為L=0.30m,磁場的磁感應(yīng)強度大小B =3.75×10-4T,規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正方向.現(xiàn)將初速度為零的電子經(jīng)電壓U=4.5×103V的電場加速后,從坐標原點沿y軸正方向射入磁場.電子電荷量e為1.6×10-19C,電子質(zhì)量m取9.0×10-31Kg不計電子的重力,不考慮電子因高速運動而產(chǎn)生的影響.求:
(l)電子從坐標原點進入磁場時速度的大小v;
(2)請在答題卡中圖甲的位置畫出x=0至x=4L區(qū)域內(nèi)電子在磁場中運動的軌跡,并計算電子通過圖中各磁場區(qū)域邊界時位置的縱坐標,請在圖中標出來;
(3)從x=0至x=NL(N為整數(shù))區(qū)域內(nèi)電子運動的平均速度的大小.

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電子激光器是利用高速電子束射入方向交替變化的磁場,使電子在磁場中擺動著前進而產(chǎn)生激光的一種裝置.在磁場中建立與磁場方向垂直的平面坐標系xoy,如圖甲所示.方向交替變化的磁場隨x坐標變化的圖線如圖乙所示,每個磁場區(qū)域的寬度均為L=0.30m,磁場的磁感應(yīng)強度大小B =3.75×10-4T,規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正方向.現(xiàn)將初速度為零的電子經(jīng)電壓U=4.5×103V的電場加速后,從坐標原點沿y軸正方向射入磁場.電子電荷量e為1.6×10-19C,電子質(zhì)量m取9.0×10-31Kg不計電子的重力,不考慮電子因高速運動而產(chǎn)生的影響.求:
(l)電子從坐標原點進入磁場時速度的大小v;
(2)請在答題卡中圖甲的位置畫出x=0至x=4L區(qū)域內(nèi)電子在磁場中運動的軌跡,并計算電子通過圖中各磁場區(qū)域邊界時位置的縱坐標,請在圖中標出來;
(3)從x=0至x=NL(N為整數(shù))區(qū)域內(nèi)電子運動的平均速度的大�。�

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回旋加速器是加速帶電粒子的裝置,其核心部分是分別與高頻交流電極相連的兩個D形金屬盒,兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場,使粒子在通過狹縫時都能得到加速,兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中,如圖所示.要增大帶電粒子射出的動能,下列說法正確的是( �。�

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回旋加速器是加速帶電粒子的裝置,其主體部分是兩個D形金屬盒.兩金屬盒處在垂直于盒底的勻強磁場中,并分別與高頻交流電源兩極相連接,從而使粒子每次經(jīng)過兩盒間的狹縫時都得到加速,如圖所示.現(xiàn)要增大帶電粒子從回旋加速器射出時的動能,下列方法可行的是( �。�

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一、選擇題(全部選對得4分,選對但不全的得2分,有選錯的得0分。共16小題,滿分64分)

題號

1

2

3

4

5

6

7

8

答案

C

BCD

AD

D

BCD

AC

D

AD

題號

9

10

11

12

13

14

15

16

答案

C

D

BD

BC

C

AD

ABD

D

二.

17.(9分)

   (1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律     (2分) 

    求出        E = 1.2(V)                   (1分)

(2)根據(jù)全電路歐姆定律    (2分)

        根據(jù)         = 5.76×10-2(W)      (1分)

    )

(3)S斷開后,流經(jīng)R2的電量即為S閉合時C板上所帶的電量Q

電容器兩端的電壓     U = IR2=0.6(V)      (1分)

流經(jīng)R2的電量    Q = CU = 1.8×10-5(C)    (2分)

 

18.(10分)粒子的運動軌跡如右圖所示   

(1)設(shè)粒子在電場中運動的時間為t1

      x、y方向   2h = v0t1   (2分)

      根據(jù)牛頓第二定律   Eq = ma     (1分)

      求出                  (1分)

(2)根據(jù)動能定理   (1分)

設(shè)粒子進入磁場時速度為v,根據(jù)   (1分)

     求出                             (1分)

(3)粒子在磁場中運動的周期        (1分)

設(shè)粒子在磁場中運動的時間為t2        (1分)

       求出                     (1分)

 19.(3+3+4=10分)(1);(2);(3)下表面

 20.(4+3=7分)

(1)磁場和電場方向與yOz平面平行,與-y方向成53°斜向下;(2)0

 


同步練習(xí)冊答案
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