在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：小電珠（2.5V，0.6W），滑動變阻器，電流表，學生電源，開關，導線若干．

①利用小電珠的標稱值可估算出小電珠正常工作時的電阻值約為

10

10

Ω．（計算結果保留2位有效數(shù)字）
②請根據(jù)實驗原理圖甲完成實物圖乙中的連線．
③開關閉合前，應將滑動變阻器的滑片P置于

a

a

端．為使小電珠亮度增加，P應由中點向

b

b

端滑動．
④下表為電壓等間隔變化測得的數(shù)據(jù)，為了獲得更準確的實驗圖象，必須在相鄰數(shù)據(jù)點

ab

ab

間多測幾組數(shù)據(jù)（請?zhí)顚憽癮b”“bc”“cd”“de”或“ef”）．

數(shù)據(jù)點	a	b	c	d	e	f
U/V	0.00	0.50	1.00	1.50	2.00	2.50
I/A	0.000	0.122	0.156	0.185	0.216	0.244

⑤下列圖象能正確表示小燈泡的伏安特性曲線的是

A

A

．

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在“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實驗中備有下列器材：

A．小燈泡（3.8V，1.5W）               
B．直流電源（電動勢4.5V，內阻約0.4Ω）
C．電流表（量程0～500mA，內阻約0.5Ω）        
D．電壓表（量程0～5V，內阻約5000Ω）   
E．滑動變阻器R₁（0～5Ω，額定電流2A）      
F．滑動變阻器R₂（0～50Ω，額定電流1A）
G．開關一個，導線若干
（1）如果既要滿足測量要求，又要使測量誤差較小，應選擇如圖1所示的四個電路中的

丙

丙

，應選用的滑動變阻器是

R₁

R₁

．
（2）小燈泡的伏安特性曲線如圖2中的AB段（曲線）所示，由圖可知，燈絲的電阻因溫度的影響改變了

5

5

Ω．

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在“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實驗中備有下列器材：
A．小燈泡（2.5V，1.0W）
B．直流電源（電動勢3.0V，內阻約0.4Ω）
C．電流表（量程0～600mA，內阻約0.5Ω）
D．電壓表（量程0～3V，內阻約5000Ω）
E．滑動變阻器R₁（0～5Ω，額定電流2A）
F．滑動變阻器R₂（0～50Ω，額定電流1A）
G．開關一個，導線若干
如果既要滿足測量要求，又要使測量誤差較小，應選擇如圖所示的四個電路中的

乙

乙

，應選用的滑動變阻器是

E

E

（填序號）．

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在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：
小電珠（3.0V，1.8W），
電流表A₁：量程0～0.6A，內阻約為1Ω，
電流表A₂：量程0～3A，內阻約為1Ω，
電壓表V₁：量程0～3V，內阻約為10kΩ，
電壓表V₂：量程0～15V，內阻約為8kΩ，
滑動變阻器，0～10Ω，額定電流1A，
電源：兩節(jié)干電池，開關，導線若干．
（1）為使測量盡可能準確，實驗過程應該選用的電流表是

 

，電壓表是

 

．
（2）根據(jù)選擇的器材，某同學設計了圖1所示的電路原理圖，請你根據(jù)實驗原理圖，完成實物圖2中的連線（圖中已經(jīng)有兩根線連好）

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1．B　

2．C解析：為了減小實驗誤差，用圖象法處理數(shù)據(jù)，應由圖線上相距較遠的兩點所對應的速度、時間，用公式算出加速度。故C正確。由于坐標標度是人為選取的，坐標標度不同，圖線的傾角就不同，由公式a = 求出加速度是沒有意義的。故B錯誤。若采用D選項的辦法

，可見第2、3、4、5組數(shù)據(jù)將會被削掉，這樣實際上只利用了兩組實驗數(shù)據(jù)，誤差很大。故本題的正確選項為C。

3．BD；解析：大頭針P₃插在M位置時出射光線的折射角比插在N位置時出射光線的折射角小，而相應的入射光在液體中的入射角θ是相同的，由折射率公式知，，B正確；若某種液體的折射率足夠大，可能發(fā)生全反射，在KC部分觀察不到大頭針P₁、P₂的像D也正確。

4．A　　　5．ABC       6．C　　7．AC

8．AC　解析：本題考查的知識點是串聯(lián)電路、并聯(lián)電路。當端短路時，電阻、并聯(lián)后與串聯(lián)，之間的電阻為，故選項A正確；當端短路時、并聯(lián)后與串聯(lián)，間的電阻為，選項B錯誤；當兩端接通測試電源時，、串聯(lián)，相當于導線，兩端電壓為上的電壓，所以，選項C正確；同理可得：，選項D錯誤。

 9．             

10．逆時針　　解析：當干電池給線圈通通電的瞬間，由右手定則右判斷出A線圈產(chǎn)生的磁場方向穿過從線圈B右端進入從線圈B的左端突出，且均勻增加，再根據(jù)楞次定律和右手定則可判斷出線圈B中產(chǎn)生的感應電流從導線C流到D，再由右手定則可判斷小磁針處磁場方向指向紙里，從上向下小磁針N極逆時針偏轉。

 11．解析：（1）v₁＝cm/s＝16.50 cm/s，同理：v₂＝，v₃＝…，代入數(shù)據(jù)得

v₂＝21.40 cm/s v₃＝26.30 cm/s

v₄＝31.35 cm/s v₅＝36.30 cm/s

（2）作出v―t圖象如圖所示，在作出圖象后，取A和B兩點計算加速度．v_A＝12.00 cm/s,t_A＝0,v_B＝42.20 cm/s,t_B＝0.6 s則加速度：

a＝cm/s²＝50.33 cm/s²

12．解析：⑴①連線如圖 ②應使滑動變阻器接入到電路中的電阻最大，保護電路，應滑到b端。⑤開關閉合后，電阻箱短路毫安表，當電阻箱調節(jié)后，電路中的電阻增大，所以電路中的電流減小，即標準電流表的示數(shù)減小。⑥毫安表指針滿偏，對應改裝后電流表的值為滿偏值，大小為1 A。此時改裝后電流表與標準電流表串聯(lián)，所以標準電流表的示數(shù)為1A。

 ⑵①由于電流表內阻約為300 Ω，由并聯(lián)電路的特點可得并聯(lián)值,R_并約等于3.1Ω，而干路是的電流為1A，毫安表滿偏，則：310 Ω②改裝后電流表的內阻是310 Ω與3.1Ω的并聯(lián)值,R_并約等于3.1Ω.由并聯(lián)電路的特點可知, 電流表指針半偏，此時流過電阻箱的電流: （0.494～0.496均可）③例如：電阻箱和滑動變阻器的阻值不能連續(xù)變化；標準表和毫安表的讀數(shù)誤差；電表指針偏轉和實際電流的大小不成正比；等等

13．（1）5V；A  （2）U₁，I；U₁－U₂，I   （3）大于

解析：待測電動勢4V，電壓表的量程應選擇5V，滑動變阻器調節(jié)范圍較大且便于操作，應選擇0～20Ω的滑動變阻器A；計算電源電動勢和內阻的圖線應為路端電壓U₁與干路電流I的關系圖線，計算定值電阻R₀的圖線應為R₀兩端的電壓（U₁－U₂）與電流I的關系圖線；R₀兩端的電壓（U₁－U₂）沒有誤差，電流表示數(shù)比R₀的實際電流偏小，故R₀的測量值偏大。

14．解析：（1）當開關由1位置撥到2位置時，電流方向反向，磁場方向反向，則此時單匝線圈磁通量的變化量為：，再結合已知：D_φ＝，可知：，由法拉第電磁感應定律：再將前面ΔΦ、B表達式代入，即可得：（2）從表中數(shù)據(jù)分析可知，在誤差范圍內B與I成正比，設B=KI，代入表中數(shù)據(jù)，可得常數(shù)K=0.00125，即它們之間的關系B=0.00125I（3）顯然為了增大靈敏度，減小誤差，所選應為A，B。