.A正確．答案:A反思:由于粒子的偏轉(zhuǎn)角與U有關(guān).不少考生由此計(jì)算粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度v與d.U的關(guān)系.無(wú)端多出幾個(gè)未知量使判斷受阻．第一直覺(jué)是d與粒子在電場(chǎng)的偏轉(zhuǎn)角有關(guān)沒(méi)錯(cuò).但偏轉(zhuǎn)角和粒子在磁場(chǎng)中的軌道半徑又都與粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度相關(guān).因此直接圍繞偏轉(zhuǎn)角列方程求解即可．例題如圖所示為研究電子槍中電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的簡(jiǎn)化模型示意圖.在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi).存在兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)大小均為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)I和II.兩電場(chǎng)的邊界均是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形.(1)在該區(qū)域AB邊的中點(diǎn)處由靜止釋放電子.求電子離開(kāi)ABCD區(qū)域的位置.(2)在電場(chǎng)I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子.電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開(kāi).求所有釋放點(diǎn)的位置.(3)若將左側(cè)電場(chǎng)II整體水平向右移動(dòng)L/n.仍使電子從ABCD區(qū)域左下角D處離開(kāi).求在電場(chǎng)I區(qū)域內(nèi)由靜止釋放電子的所有位置. 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

下列說(shuō)法中正確的是
 
．
A．物體輻射電磁波的強(qiáng)度分布只與物體溫度和輻射波的波長(zhǎng)有關(guān)
B．對(duì)于同一種金屬來(lái)說(shuō)，其截止頻率恒定，與入射光的頻率及光的強(qiáng)度均無(wú)關(guān)
C．極少數(shù)α粒子的偏轉(zhuǎn)角超過(guò)了90°，表明原子中帶負(fù)電的物質(zhì)體積很小
D．玻爾的能級(jí)原子模型雖然使用了定態(tài)、躍遷、量子等概念但保留“軌道”是其缺陷
E．光衍射現(xiàn)象中，產(chǎn)生明條紋的地方光子出現(xiàn)的概率低，這是波粒二象性的觀(guān)點(diǎn)
F．做示蹤原子的物質(zhì)盡可能選用半衰期長(zhǎng)一些的放射性元素
G．核力具有飽和性和短程性，原子核為了穩(wěn)定，故重核在形成時(shí)其中子數(shù)多于質(zhì)子數(shù)
H．比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成比結(jié)合能大的原子核時(shí)一定釋放核能．

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如圖所示，四個(gè)相同的電流表分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表，安培表A1的量程大于A(yíng)2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路中，則下列說(shuō)法正確的是（　　）

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精英家教網(wǎng)（1）下列說(shuō)法正確的是
 

A、物體輻射電磁波的強(qiáng)度分布只與物體溫度和輻射波的波長(zhǎng)有關(guān)
B、對(duì)于同一種金屬來(lái)說(shuō)，其截止頻率恒定，與入射光的頻率及光的強(qiáng)度均無(wú)關(guān)
C、極少數(shù)α粒子的偏轉(zhuǎn)角超過(guò)了900，表明原子中帶正電的物質(zhì)體積很小
D、玻爾的能級(jí)原子模型雖然使用了定態(tài)、躍遷、量子等概念但保留“軌道”是其缺陷
E、光衍射現(xiàn)象中，產(chǎn)生暗條紋的地方光子出現(xiàn)的概率低，這是波粒二象性的觀(guān)點(diǎn)
F、做示蹤原子的物質(zhì)盡可能選用半衰期長(zhǎng)一些的放射性元素
G、核力具有飽和性和短程性，原子核為了穩(wěn)定，故重核在形成時(shí)其中子數(shù)多于質(zhì)子數(shù)
H、比結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成比結(jié)合能大的原子核時(shí)一定釋放核能
（2）如圖所示，一個(gè)有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，MN是磁場(chǎng)的左邊界．在距磁場(chǎng)左邊界MN的1.0m處有一個(gè)放射源A，內(nèi)裝放射物質(zhì)22688Ra （鐳），22688Ra發(fā)生α衰變生成新核Rn （氡）．放在MN左側(cè)的粒子接收器接收到垂直于邊界．MN方向射出的質(zhì)量較小的粒子，此時(shí)接收器位置距直線(xiàn)OA的距離為1.0m．
（1）試寫(xiě)出Ra的衰變方程；
（2）求衰變后α粒子的速率；
（3）求一個(gè)靜止鐳核衰變釋放的能量．
（設(shè)核能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，取1u=1.6×10-27kg，電子電量e=1.6×10-19C）

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如圖所示，四個(gè)相同的電流表分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表，安培表A1的量程大于A(yíng)2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路中，則下列說(shuō)法正確的是：（    ）

A．安培表A1的偏轉(zhuǎn)角大于安培表A­2的偏轉(zhuǎn)角

B．安培表A1的讀數(shù)大于安培表A­2的讀數(shù)

C．伏特表V1的讀數(shù)小于伏特表V2的讀數(shù)

D．伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角

 

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如圖所示，四個(gè)相同的電流表分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表，安培表A1的量程大于A(yíng)2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路中，則下列說(shuō)法正確的是：（   ）

A．安培表A1的偏轉(zhuǎn)角大于安培表A­2的偏轉(zhuǎn)角
B．安培表A1的讀數(shù)大于安培表A­2的讀數(shù)
C．伏特表V1的讀數(shù)小于伏特表V2的讀數(shù)
D．伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角

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1. BCD   2. BC    3.D        4.A     5. C

6. AD    7.C     8. CD        9. AB    10.BC

11.（１）ＣＤ（２）指零　　指零　　指零　　　左偏　

12. 電極Ａ與導(dǎo)電紙接觸不良

13. 解：（１）小球速度最大時(shí)，棒對(duì)它的彈力垂直于棒向下，受力分析如圖，沿桿方向，，垂直桿方向：，聯(lián)立以上各式，得

所以：

（２）小球Ｃ從斜置的絕緣棒上由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，必須滿(mǎn)足條件，而即，所以

14. 解：（１）根據(jù)牛頓第二定律，根據(jù)庫(kù)侖定律，，解得

（２）當(dāng)Ａ球受到的合力為零即加速度為零時(shí)，動(dòng)能最大，設(shè)此時(shí)Ａ球與Ｂ點(diǎn)間的距離為Ｒ，則，解得。

15. 解：（１）、（２）如圖所示，設(shè)小球在Ｃ點(diǎn)的速度大小是，對(duì)軌道的壓力大小為，則對(duì)于小球由ＡC的過(guò)程中，應(yīng)用動(dòng)能定理列出：－０，在Ｃ點(diǎn)的園軌道徑向應(yīng)用牛頓第二定律，有，解得

（３）如圖所示，設(shè)小球初始位置應(yīng)在離Ｂ點(diǎn)ｘｍ的點(diǎn)，對(duì)小球由Ｄ的過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理，有：，在Ｄ點(diǎn)的圓軌道徑向應(yīng)用牛頓第二定律，有，解得

16. 解：（１）F1為P1參與的運(yùn)動(dòng)而受到指向Ｎ端的洛倫茲力，其值為：（其中 ，為的電量），對(duì)應(yīng)有指向Ｎ端的加速度： （其中ｍ為的質(zhì)量）

在管中運(yùn)動(dòng)會(huì)使它受到另一個(gè)向左的洛倫茲力，此力與管壁對(duì)向右的力所抵消，到達(dá)Ｎ端時(shí)具有沿管長(zhǎng)方向的速度：

所以，對(duì)紙平面的速度大小為：

又因?yàn)?sub>，故：

即：

所以的比荷為：

（２）從Ｍ端到Ｎ端經(jīng)歷的時(shí)間為：

離開(kāi)管后將在紙平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑與周期分別為：

經(jīng)ｔ１時(shí)間已隨管朝正右方向運(yùn)動(dòng)：

的距離

所以離開(kāi)Ｎ端的位置恰好為的初始位置

經(jīng)時(shí)間ｔ１已知運(yùn)動(dòng)到如圖所示的位置Ｓ２走過(guò)的路程為

只能與相碰在圖中的Ｓ處，相遇時(shí)刻必為

且要求在這段時(shí)間內(nèi)恰好走過(guò)2Ｒ的路程，因此有

即得：

所以：

17. 解：……①　

由于重力和電場(chǎng)力平衡，電粒子在洛倫茲力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，小球平拋且碰時(shí)動(dòng)量守恒，根據(jù)條件，碰后反向

……①

另有……②

解得……③

對(duì)平拋：

解得

 

 

 

 


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