D．過程①是衰變.過程③是衰變,過程②是衰變.過程④是衰變 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

U放射性衰變有多種途徑，其中一種途徑是先衰變成Bi，而Bi可以經(jīng)一次衰變變成X(X代表某種元素)，也可以經(jīng)一次衰變變成Ti，X和Ti最后都衰變變成Pb，衰變路徑如圖所示，則可知圖中

[　　]
A．

過程①是β衰變，過程③是α衰變；過程②是α衰變，過程④是β衰變

B．

過程①是β衰變，過程③是α衰變；過程②是β衰變，過程④是α衰變

C．

過程①是α衰變，過程③是β衰變；過程②是α衰變，過程④是β衰變

D．

過程①是α衰變，過程③是β衰變；過程②是β衰變，過程④是α衰變

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原子核發(fā)生β衰變有三種情況：一種是放出負電子；另一種是發(fā)射正電子，只在人工放射物中出現(xiàn)；第三種衰變是：原子核俘獲一個核外K電子，簡稱K俘獲．在K俘獲過程中，需要放出K電子的結(jié)合能．關(guān)于K俘獲過程，下列認識正確的是（　�。�
A、原子序數(shù)不變B、原子序數(shù)減小C、原子總質(zhì)量不變D、原子總質(zhì)量減小

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（1）關(guān)于核衰變和核反應(yīng)的類型，下列表述正確的有
AC
AC

A．
 
238
92
U→
 
234
90
Th+
 
4
2
He是α衰變     B．
 
14
7
N+
 
4
2
He→
 
17
8
O+
 
1
1
H是β衰變
C．
 
2
1
H+
 
3
1
H→
 
4
2
He+
 
1
0
n是輕核聚變   D．
 
82
34
Se→
 
82
36
Kr+2
 
0
-1
e是重核裂變
（2）如圖所示，光滑水平面上，輕彈簧兩端分別拴住質(zhì)量均為m的小物塊A和B，B物塊靠著豎直墻壁．今用水平外力緩慢推A，使A、B間彈簧壓縮，當壓縮到彈簧的彈性勢能為E時撤去此水平外力，讓A和B在水平面上運動．求：
①當B離開墻壁時，A物塊的速度大��；
②當彈簧達到最大長度時A、B的速度大�。�
③當B離開墻壁以后的運動過程中，彈簧彈性勢能的最大值．

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靜止的鐳核Ra發(fā)生衰變，釋放出的粒子的動能為．假定衰變時能量全部以動能形式釋放出去，則衰變過程中總的質(zhì)量虧損是

[　　]

A．；
B．；
C．；
D．．

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放射性元素氡（）經(jīng)α衰變成為釙，半衰期為3.8天；但勘測表明，經(jīng)過漫長的地質(zhì)年代后，目前地殼中仍存在天然的含有放射性元素的礦石，其原因是（   ）

A．目前地殼中的主要來自于其它放射元素的衰變

B．在地球形成的初期，地殼中元素的含量足夠高

C．當衰變產(chǎn)物積累到一定量以后，的增加會減慢的衰變進程

D．主要存在于地球深處的礦石中，溫度和壓力改變了它的半衰期

 

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一、1、AB 2、AD3、A 4、C5、D 6、C 7、C 8、AC

 

二、實驗題：（18分）將答案填在題目的空白處，或者要畫圖連線。

9、（6分）（1）0。48；0。40（2）②（3）mgs；（4）①；（5）增加的動能；摩擦、定滑輪轉(zhuǎn)動。[只要言之有理就給分。比如，若回答減少的重力勢能可能偏小，原因是數(shù)字計時讀出遮光條通過光電門的時間t偏小而造成的]（除5以外各步是1分（5）是2分）

10、（12分）①C              （3分）

   ②電路如圖所示。（5分）

   ③，（2分）為電壓表讀數(shù)，為電壓表內(nèi)阻。（2分）

三、本大題共三小題共計54分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題．答案中必須明確寫出數(shù)值和單位

11、（16分）受力分析如圖，據(jù)牛頓第二定律有

       ①

減速上升250m與加速下降250m互逆

 據(jù)題意      ②

               ③

代入數(shù)據(jù)可得 

         ④

   ⑤

 設(shè)計師應(yīng)設(shè)計發(fā)射速度

 同時數(shù)碼點火控制時間應(yīng)設(shè)定

評分參考：①②③式分別得4分，④④式分別得2分

12、（18分）（1）在圓形磁場中做勻速圓周運動，

洛侖茲力提供向心力  ………………………………      2分

得         ………………………………………………………   1分

（2）根據(jù)題意粒子恰好不能從O3射出的條件為 …………  2分

PQ其勻速運動時，   …………………………………    2分

由③④得    ……………………………………………   1分

（3）導(dǎo)體棒勻速運動時，速度大小為   …………  1分

代入③中得：    ……………………………………………  1分

由能量守恒：

解得 ……………………………………      2分

（4）在圓形磁場內(nèi)的運動時間為t1   

……………………………………………      2分

在電場中往返運動的時間為t2

由  ………………………………………………………      2分

  ………………………………………………………………   1分

       故……………………………………   1分

13、（20分）（1）粒子進入電容器，其加速度a＝……………①　�。�1分）

假設(shè)能在時間以內(nèi)穿過電容器，則有at2＝D……………②�。�1分）

由以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：t＝s……………………………………（3分）

t＜符合假設(shè)，故粒子經(jīng)7.1×10－6s到達磁場�！�1分）

（2）設(shè)粒子到達磁場時的速率為v

　由動能定理得：qU＝……………③　�。�2分）

　粒子進入磁場在洛侖茲力作用下做勻速圓周運動，其半徑為R，有

　qvB＝……………④　�。�2分）

　粒子運動軌跡如圖，由幾何知識有：

(R－L)2＋d2＝R2……………⑤　�。�2分）

根據(jù)③④⑤式得粒子向上偏移的距離

　　L＝m＝4.1×10－3m…………⑥�。�1分）

（3）如果粒子在磁場中的軌跡恰好與右邊界相切，則半徑R0＝d，對應(yīng)速度為v0

　  設(shè)在電場中先加速位移x，后減速位移D－x

由動能定理： …………⑦�。�2分）

加速位移x需要時間為t，x＝…………⑧�。�2分）

由④⑥⑦⑧得　t＝s　…………⑨　（2分）

故需在0―（－t）內(nèi)進入電容器，即在0―3.9×10－7s進入�！�1分）

 

 

 

 


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