(1)此實(shí)驗(yàn)中可以不測量加速度的具體值.原因是: ▲ . (2)通過改變 ▲ .就可以改變小車所受到的合力.(3)在探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時.分別以 ▲ 為縱坐標(biāo). ▲ 為橫坐標(biāo)作圖像.這樣就能直觀地看出其關(guān)系. 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

用單擺測重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，所用擺球質(zhì)量分布不均勻，一位同學(xué)設(shè)計了一個巧妙的方法可以不計算擺球的半徑，具體方法如下：第一次量得懸線長，測得振動周期為，第二次量得懸線長，測得振動周期為，由此可推算出重力加速度g．請說明這位同學(xué)是如何求出重力加速度g的．求出的g為多少?

查看答案和解析>>

在“用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，將一單擺裝置豎直懸于某一深度為h（未知）且開口向下的固定小筒中（單擺的下部分露于筒外），如圖甲所示．將懸線拉離平衡位置一個小角度后由靜止釋放，設(shè)單擺擺動過程中懸線不會碰到筒壁．如果本實(shí)驗(yàn)的長度測量工具只能測量出筒下端口到擺球球心之間的距離l，并通過改變l而測出對應(yīng)的擺動周期T，再以T2為縱軸、l為橫軸，作出T2-l圖象，則可以由此圖象得出我們想要測量的物理量．

（1）現(xiàn)有如下測量工具：A．時鐘；B．秒表；C．天平；D．毫米刻度尺，本實(shí)驗(yàn)所需的測量工具有
 
．
（2）如果實(shí)驗(yàn)中所得到的T2-l 關(guān)系圖象如圖乙所示，那么真正的圖象應(yīng)該是a、b、c 中的
 
．
（3）由圖象可知，小筒的深度h=
 
cm；當(dāng)?shù)刂亓铀俣?nbsp;g=
 
m/s2（π取3.14，計算結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）．
（4）用游標(biāo)卡尺測量某一物體的厚度，如圖丙所示，正確的讀數(shù)是
 
mm．

查看答案和解析>>

在“利用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中

(1)以下做法中正確的是(    )

A.測量擺長的方法：用刻度尺量出從懸點(diǎn)到擺球間的細(xì)線長

B.測量周期時，從小球到達(dá)最大振幅位置開始計時，擺球完成50次全振動時，及時截止，然后求出完成一次全振動的時間

C.要保證單擺自始至終在同一豎直面內(nèi)擺動

D.單擺振動時，應(yīng)注意使它的偏角開始時不能小于10°

(2)某同學(xué)先用米尺測得擺線長為97.43 cm，用卡尺測得擺球直徑如圖所示為_________cm，則單擺的擺長為_________cm;然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間如圖所示為_________s，則單擺的周期為_________s;當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間=_________m／s2；

(3)實(shí)驗(yàn)中，如果擺球密度不均勻，無法確定重心位置，一位同學(xué)設(shè)計了一個巧妙的方法不計擺球的半徑.具體作法如下：第一次量得懸線長L1，測得振動周期為了T1；第二次量得懸線長L2，測得振動周期為T2，由此可推得重力加速度為g=__________.

查看答案和解析>>

在“利用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中。

（1）以下的做法中正確的是

A．測量擺長的方法：用刻度尺量出從懸點(diǎn)到擺球間的細(xì)線的長

B．測量周期時，從小球到達(dá)最大振幅位置開始計時，擺球完成50次全振動時，及時截止，然后求出完成一

次全振動的時間

C．要保證單擺自始自終在同一豎直面內(nèi)擺動；

D．單擺振動時，應(yīng)注意使它的偏角開始時不能小于10°；

（2）某同學(xué)先用米尺測得擺線長為97.43cm，用卡尺測得擺球直徑如上圖所示為   cm,則單擺的擺長為       cm；然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間如上圖所示為   s。則單擺的周期為      s；當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?i>g=     m/s2.

（3）下表是另一同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中獲得的有關(guān)數(shù)據(jù)

擺長L（m）

0.5

0.6

0.8

1.1

周期平方T2（s2）

2.2

2.4

3.2

4.2

①利用上述數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)圖中描出L—T2圖象

②利用圖象，求出的重力加速度為g=        m/s2

（4）實(shí)驗(yàn)中，如果擺球密度不均勻，無法確定重心位置，一位同學(xué)設(shè)計了一個巧妙的方法不計擺球的半徑。具體作法如下：第一次量得懸線長L1，測得振動周期為T1；第二次量得懸線長L2，測得振動周期為T2，由此可推得重力加速度為g=       。

 

查看答案和解析>>

在“利用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）以下做法中正確的是（    ）

A、測量擺長的方法：用刻度尺量出從懸點(diǎn)到擺球間的細(xì)線長

B、測量周期時，從小球到達(dá)最大振幅位置開始計時，擺球完成50次全振動時，及時截止，然后求出完成一次全振動的時間

C、要保證單擺自始至終在同一豎直面內(nèi)擺動

D、單擺振動時，應(yīng)注意使它的偏角開始時不能小于10°

（2）用擺長和周期T計算重力加速度的公式是g=          。

（3）實(shí)驗(yàn)中，如果擺球密度不均勻，無法確定重心位置，一位同學(xué)設(shè)計了一個巧妙的方

法不計擺球的半徑。具體做法如下：第一次量得懸線長L1，測得振動周期為T1；第二次

量得懸線長L2，測得振動周期為T2，由此可推得重力加速度為g=                。

 

查看答案和解析>>

一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分

題號

1

2

3

4

5

答案

A

B

D

B

C

二、多項選擇題：每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得O分。

題號

6

7

8

9

答案

BD

AD

ACD

BD

三、簡答題：本題分必做題（第l0、11題)和選做題(第12題)兩部分，共計42分。請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置。

10．⑴探究的是加速度與其它量之間的比例關(guān)系(其它答法只要正確就給分。如：初速度為零的勻加速運(yùn)動，在相同的時間內(nèi)，位移與加速度成正比) （3分）

⑵砝碼的數(shù)量 （2分）            ⑶ a(或)（2分）、（或a）（2分）

11．⑴g 導(dǎo)線（3分）                 ⑵0.8（3分）

⑶AC（3分）（錯選得0分，漏選得2分）

12．

A（3-3）⑴AD（3分）（錯選得0分，漏選得2分）

⑵BD（3分）（錯選得0分，漏選得2分）

⑶解：由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q得

             △U=（F+mg+P0S）△h－Q      （6分）

B（3-4）⑴20m/s（3分）

⑵AB （3分）（錯選得0分，漏選得2分）

⑶解：∵n=    ∴r=300      （2分）

光路圖如右圖所示

∴L1=d/cosr =        （2分）

∴L2= L1sin300=       （2分）

C（3-5）⑴（3分）

⑵D（3分）

⑶解：由圖知=4m/s、=―1m/s、=2m/s     （2分）

根據(jù)動量守恒定律有：ma =ma +  mb  （2分）

∴mb=2.5kg              （2分）

四、計算題：本題共4小題，共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。

13．解：

⑴                             （4分）

⑵    （4分）

14．解：

⑴ △x = aT2     ∴a = △x/ T2  ==10m/s2               （4分）

⑵=  = 50m/s         （3分）

⑶ h =   ∴t==4s                              （2分）

BC = bc + t －t                                    （2分）

= bc + (－)t

= bc + aTt

=95m                                              （1分）

15．解：

⑴負(fù)電荷       （3分）

⑵剛進(jìn)入磁場瞬間，由牛頓第二定律得：

F合 = qkt－μ(mg + Bqv)=ma                ①     （2分）

進(jìn)入磁場△t瞬間，由牛頓第二定律得：

F′合 = qk(t+△t)－μmg－μ Bq(+a△t)=ma   ②     （2分）

解①②得：a=                             ③     （2分）

⑶      ③式代入①式得：t=++               ④     （2分）

E=kt=                             ⑤    （1分）

16．解：

⑴進(jìn)入磁場瞬間回路中動生電動勢E1== kLgt12     （2分）

                    感生電動勢E2=S =Ldk       （2分）

∵回路電流為零，∴動生電動勢E1與感生電動勢E2方向相反、大小相等，即：

E1 = kLgt12 = E2 = Ldk

∴d = gt1 2             （1分）

⑵Q===         （3分）

⑶金屬棒在L1上方電流I1  =  =             （1分）

金屬棒穿出磁場前瞬間電流I2 =  = =   （1分）

∵I1= I2             ∴=       （2分）

金屬棒穿過磁場過程中，由動能定理得：

mgd－W=－       （2分）

W= mgd+－

                  =            （1分）

 

 


同步練習(xí)冊答案