題目列表(包括答案和解析)
1.D【解析】β-珠蛋白DNA探針、RNA聚合酶結(jié)合位點(diǎn)、大腸桿菌質(zhì)粒的化學(xué)本質(zhì)都是DNA;胰島素是蛋白質(zhì);HIV的遺傳物質(zhì)是RNA;生長素是吲哚乙酸;2,4-D是一種生長素類似物。
2.D【解析】作物“燒心”是由于缺乏如鐵、鈣等在細(xì)胞中以穩(wěn)定化合物形式存在的礦質(zhì)元素,有別于因缺水而造成的“燒苗”。
3.B【解析】疫苗的作用是在機(jī)體不患病的情況下發(fā)生免疫反應(yīng),產(chǎn)生的抗體與抗原結(jié)合,發(fā)揮免疫效應(yīng);流感病毒的遺傳物質(zhì)是單鏈的RNA,其結(jié)構(gòu)穩(wěn)定性不如天花病毒的雙鏈DNA,容易發(fā)生變異,所以流感疫苗的研究的難度較天花疫苗研究的難度大很多;正是由于流感病毒極易發(fā)生變異,所以某種特定的單克隆抗體不一定對其它的抗原起作用。
4.C【解析】生態(tài)系統(tǒng)的成分除生產(chǎn)者、消費(fèi)者和分解者外,還包括了非生物的物質(zhì)和能量;生物圈的自給自足表現(xiàn)在物質(zhì)上,能量來源于太陽能;草原上的牛和羊同屬于第二營養(yǎng)級,共獲得生產(chǎn)者固定太陽能的10%~20%。
5.B【解析】考查分泌蛋白的形成和分泌過程這一知識點(diǎn)和圖形分析能力。蛋白質(zhì)分泌以細(xì)胞膜的外排方式實(shí)現(xiàn),所經(jīng)過的膜結(jié)構(gòu)順序?yàn)椋簝?nèi)質(zhì)網(wǎng)→高爾基體→細(xì)胞膜,所以結(jié)果是:內(nèi)質(zhì)網(wǎng)面積減小,高爾基體膜面積不變,細(xì)胞膜面積增加。
6.B 【解析】有機(jī)分子的特點(diǎn)一般滿足C四鍵、H一鍵、N三鍵原則,三聚氰胺分子中含有3個-NH2,則其余3個C、3個N形成一個六元環(huán),故三聚氰胺的結(jié)構(gòu)簡式為。。根據(jù)三聚氰胺的結(jié)構(gòu)簡式,該物質(zhì)不是高聚物,也不是氨基酸,但分子中含有不飽和鍵,在一定條件下能發(fā)生加成反應(yīng)。六元環(huán)不變且除自身外的三聚氰胺的異構(gòu)體有3種。
7.B 【解析】選項(xiàng)A,Na2O2中含有的陽離子為Na+,陰離子為O22?,0.1mol
Na218O2中含有的陰陽離子總數(shù)為0.3NA。選項(xiàng)B,C2H4、C3H6的化學(xué)式均為CH2,
8.A 【解析】選項(xiàng)A,ClO-具有氧化性,SO2具有還原性,SO2被氧化為SO42?,ClO-被還原為Cl?,正確。選項(xiàng)B,加入少許H+時,CO32?優(yōu)先與H+結(jié)合生成HCO3?。選項(xiàng)C,離子方程式兩邊電荷不守恒。選項(xiàng)D,Mg2+能與電解產(chǎn)生的OH?結(jié)合生成難溶性Mg(OH)2沉淀:Mg2+ + 2Cl? + 2H2O=Mg(OH)2↓+ H2↑+ Cl2↑。
9. B 【解析】加入稀H2SO4出現(xiàn)白色混濁說明一定存在Ba2+,因SO32?、CO32?能與Ba2+結(jié)合生成難溶物BaSO3、BaCO3,所以原溶液中不存在SO32?、CO32?。由于溶液呈電中性,剩下的一種HCO3?,一定存在。無法判斷是否含有K+,所以原溶液中一定含有Ba2+、HCO3?,可能含有K+。溶質(zhì)可能是Ba(HCO3)2或Ba(HCO3)2和KHCO3。
10.D 【解析】根據(jù)題設(shè)條件可推知A為NH4+,B為OH?,C為NH3,D為H2O。NH3能與H2O反應(yīng)生成NH3?H2O。NH4+為離子,不是分子,所以NH4+不是非極性分子。選項(xiàng)D,固態(tài)H2O分子間存在氫鍵,其熔沸點(diǎn)高于固態(tài)H2S,與H-O和H-S鍵強(qiáng)弱無關(guān)。NH4Cl ,NH4+水解溶液的pH<7。
11.C【解析】分析反應(yīng)①②中各元素的價態(tài)變化可知,反應(yīng)①中,SO2為還原劑,F(xiàn)e3+為氧化劑,且還原性:SO2>Fe2+,氧化性:Fe3+>SO42?。反應(yīng)②中,F(xiàn)e2+為還原劑,Cr2O72?為氧化劑,且還原性:Fe2+>Cr3+ ,氧化性:Cr2O72? > Fe3+。由此可見選項(xiàng)A、B錯誤。選項(xiàng)C,由于Cr2O72?具有氧化性,Na2SO3具有還原性,故Cr2O72? 能將Na2SO3氧化成Na2SO4。選項(xiàng)D,反應(yīng)①中Fe2(SO4)3為氧化劑,反應(yīng)②中Fe2(SO4)3為氧化產(chǎn)物。
12.C【解析】選項(xiàng)A,NaHS、Na2S溶液又因?yàn)橛蠬S?、S2?的水解,使其溶液呈堿性,但S2?的水解能力大于HS?,故溶液的pH值:③>②。H2S溶液呈酸性,H2S和NaHS混合液中,由于HS?抑制的H2S的電離,故溶液的pH:④>①,4種溶液pH大小順序?yàn)椋孩?gt;②>④>①。選項(xiàng)B,由于HS?抑制H2S的電離,所以H2S溶液中的c(H2S)小于H2S和Na2S混合液中的c(H2S)。選項(xiàng)C,c(Na+)=0.1mol?L-1,根據(jù)物料守恒有:c(H2S) + c(HS?)
+ c(S2?)=0.2mol?L-1,故
13.B 【解析】設(shè)達(dá)平衡時生成SO3(g)物質(zhì)的量為2x ,則剩余SO2(g)的物質(zhì)的量為(3-2x),O2(g)(2-x),混合氣體總的物質(zhì)的量為(5-x),根據(jù)阿伏伽德羅定律有5/(5-x)=1/0.9,解得x=0.5mol,再結(jié)合熱化學(xué)方程式可知,放出的熱量為196.6kJ/2=98.3kJ。選項(xiàng)B,起始物質(zhì)的量改為 4mol SO2 、 3 mol O2 、2SO3 (g) 相當(dāng)于加入6mol SO2、4mol O2,n(SO2)/n(O2)=3/2,故與第一次平衡是等效平衡,兩次平衡中SO2的轉(zhuǎn)化率、SO3的體積分?jǐn)?shù)相等,故選項(xiàng)B正確,C錯誤。選項(xiàng)D,題目沒有告訴達(dá)平衡時的時間,無法計(jì)算反應(yīng)速率。
14.AD【解析】由狀態(tài)方程知溫度升高而壓強(qiáng)增大體積必增大,故狀態(tài)I時氣體的密度比狀態(tài)II時氣體的密度大,A正確,平衡態(tài)II的溫度比狀態(tài)I高,故狀態(tài)I時分子的平均動能比狀態(tài)II時分子的平均動能小,B錯誤,由熱力學(xué)第一定律知從狀態(tài)I到狀態(tài)II過程中溫度升高內(nèi)能變大,體積增大對外界做功,氣體要從外界吸熱,故C錯,D正確,故選AD。
15.答案:BD【解析】:在同一介質(zhì)中紅光傳播速度最大,從AB面射入到BC面射出,紅光用的時間最短,故選項(xiàng)A錯.由于玻璃對紅光折射率最小,對紫光的折射率最大,即紫光的偏折本領(lǐng)最大,所以彩色光帶右邊緣的色光為紅光,左邊緣的色光為紫光,且紫光的頻率比紅光的要高,當(dāng)紅光能讓某金屬板發(fā)生光電效應(yīng),紫光也一定能夠,故選項(xiàng)B正確.在同樣條件下做雙縫干涉實(shí)驗(yàn),波長越長,相鄰干涉條紋間距越大,而彩色光帶左邊緣的色光是紫光,其波長最短,故選項(xiàng)C錯.對玻璃而言,在七色光中,紅光的臨界角最大,當(dāng)∠MNB逐漸變小時,射到AC面上的光的入射角變小,且紅光入射角小得更多,故紅光最先從從AC面透出,所以選項(xiàng)D正確.
16、答案 D 【解析】 燒斷細(xì)線后,無論是彈簧將A+B和C彈開過程,還是A和B分離后,系統(tǒng)始終動量守恒、機(jī)械能守恒;彈簧將A+B和C彈開過程,A+B和C動量大小相等,動能跟質(zhì)量成反比,因此A+B的總動能是E/3,其中A的動能是E/6;當(dāng)時C的動能是2E/3;前3個選項(xiàng)都錯,可判定D正確。證明:A和B分離時,B+C的總動能是5E/6,B、C共速時彈性勢能最大,當(dāng)時A和B+C動量大小相等,動能跟質(zhì)量成反比,因此B+C的動能是E/12,該過程B+C的動能損失就是此時的彈性勢能,因此Ep=5E/6- E/12=3E/4。
17.答案:ACD【解析】:根據(jù)波的傳播方向,可以判斷b質(zhì)點(diǎn)此時刻振動方向沿y軸負(fù)方向,離開平衡位置,速度正在變小,A對;由圖象可知該波的波長是
18.C【解析】從圖(甲)到圖(乙)的過程中,根據(jù)動能定理有:,所以;從拋出后到落地,根據(jù)動能定理得:,代入上式可得:。
19.答案: BC 【解析】此模型為類雙星模型,兩電荷做圓周運(yùn)動的角速度相等;兩個電荷之間的庫侖力充當(dāng)各自做圓周運(yùn)動的向心力,所以向心力大小相等,A錯,B對.由知,線速度大小與質(zhì)量成反比,運(yùn)動半徑與質(zhì)量成反比,C對,D錯.
20.答案:ABD 【解析】天然放射性元素的半衰期與溫度改變無關(guān)。根據(jù)質(zhì)能方程計(jì)算可知D答案正確。
21.答案:.D 【解析】地球同步衛(wèi)星是指與地球自轉(zhuǎn)同步的人造衛(wèi)星,它的周期是24小時,它的軌道平面只能在赤道,得軌道也是固定的,但并不是說同一赤道平面內(nèi)的、或是周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等的就都是同步衛(wèi)星,故A、C是錯的、D是正確的;同步衛(wèi)星做圓周運(yùn)動時,內(nèi)部的儀器是處于失重狀態(tài)而不是超重狀態(tài),B錯
22.答案.(1)(g+a)× (OM-ON)=(g-a)× OP (4分)
【解析】利用紙帶分析得m1帶動m2的加速度為a ,又由牛頓第二定律得a=解得
⑴3000;(2分)
⑵丙(1分);乙圖中電流表的示數(shù)太小,誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值接近,誤差小。(3分)。
⑶實(shí)物圖連接如右圖所示:(4分)
⑷實(shí)驗(yàn)步驟:
①閉合K1.再閉合K2,讀得電壓表示數(shù)U1;再斷開K2,讀得電壓表示數(shù)U2.(2分)、冢V=。(2分)
23.【解析】:(1)負(fù)電……(2分)∵mg =E×……(5分)
∴E=4(r+R)dmg/Rq…………(2分)
(2)mg+q v0B=……………(5分) ∴v0=mg/qB…………(2分)
24.【解析】:(1)ab通過最大電流時,受力分析如圖甲,此時靜摩擦力最大,,方向沿斜面向下,由平衡條件得:
水平:
(3分)
豎直:(3分)
以上兩式聯(lián)立得出
(3分)
(2)通以最小電流時,ab受力分析如圖乙,此時ab受靜摩擦力,方向沿斜面向上,與(1)類似,由平衡條件得:(3分)
(3)當(dāng)ab中電流最小時,變阻器阻值為:(3分)
當(dāng)ab中電流最強(qiáng)時,變阻器阻值為:,(2分 )
為保持ab靜止,R的調(diào)節(jié)范圍為0.91~10.(1分)
25.【解析】:(1)設(shè)A物塊碰撞B物塊前后的速度分別為v1和v2,碰撞過程中動量守恒,
代入數(shù)據(jù)得: (4分)
(2)設(shè)A、B兩物塊碰撞前后兩物塊組成的系統(tǒng)的機(jī)械能分別為E1和E2,機(jī)械能的損失為,根據(jù)能的轉(zhuǎn)化和守恒定律:
% (4分)
(3)設(shè)物塊A的初速度為v0,輪胎與冰面的動摩擦因數(shù)為µ,A物塊與B物塊碰撞前,根據(jù)動能定理: (3分)
碰后兩物塊共同滑動過程中根據(jù)動能定理:
(3分)
由、 及(1)、(2)得: (2分)
設(shè)在冰面上A物塊距離B物塊為L′時,A物塊與B物塊不相撞,
則: (4分)
26.(15分)(1)(1)KNO3 (2分)CuSO4(2分)
(2) Na2CO3 (2分)
(3)Al3+ + 3OH?=Al(OH)3↓(3分) Al(OH)3 + OH?=AlO2? + 2H2O (3分)
(4) Al3+ + 3H2O Al(OH)3(膠體)+ 3H+ (3分)
【解析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)①可知,D中含有Cu2+;根據(jù)實(shí)驗(yàn)②可知C中含有Al3+,E可能是KOH或NaOH,再根據(jù)③,只有B、C中含有K+,故E為NaOH。根據(jù)實(shí)驗(yàn)③A中含有HCO3?,故A為NaHCO3,C、D中含有SO42?,故D為CuSO4,C為KAl(SO4)2。
最后可判定B為KNO3。等物質(zhì)的量的NaHCO3與NaOH反應(yīng)生成Na2CO3和H2O。 NaOH溶液加入到KAl(SO4)2溶液中,首先是Al3+與OH?反應(yīng)生成Al(OH)3,Al(OH)3沉淀又溶解在過量的NaOH溶液中:Al3+ + 3OH?=Al(OH)3↓,Al(OH)3 + OH?=AlO2? + 2H2O。KAl(SO4)2中的Al3+水解生成具有吸附作用的Al(OH)3膠體而凈水。
27.(14分)(1)Na2CO3 +HCl=NaHCO3 + NaCl (3分)
(2)Cl2 + 2OH?=Cl? + ClO? + H2O (3分)
(3)①Na2O或Na2O2 (4分,每空各2分)②Na或NaOH (4分,每空各2分)
【解析】(1)根據(jù)題設(shè)條件可知,B為鹽酸,C為CO2,D為H2O,E為NaCl。
(2)根據(jù)題設(shè)條件可知B為濃鹽酸,C為Cl2。
(3)若C為O2,D、E的焰色反應(yīng)均為黃色,D、E中含有Na+,含有Na+的能產(chǎn)生O2的固體為Na2O2,E能與鹽酸反應(yīng)生成的氣體能使澄清石灰水變混濁,該氣體為CO2,B、E可相互轉(zhuǎn)化,故可推知B溶液為NaHCO3溶液,E為Na2CO3溶液,D為NaOH溶液。Na2O2與NaHCO3溶液反應(yīng)可分解為:2Na2O2 + 2H2O=4NaOH + O2↑,NaHCO3 + NaOH=Na2CO3 + H2O。amol NaHCO3→a mol Na2CO3,只要增加a mol Na+,同時用OH? 將HCO3?轉(zhuǎn)化為CO32? ,所加物質(zhì)所產(chǎn)生的Na+和OH?的物質(zhì)的量相等,才能不產(chǎn)生雜質(zhì),故X為Na2O或Na2O2,Y為Na或NaOH。
28.(16分)(1)B(2分) 銅與HNO3反應(yīng)前,應(yīng)排凈裝置內(nèi)的空氣,防止NO與O2發(fā)生反應(yīng) (2分)
(2)將C中的溶液加適量水稀釋(2分)
(3)③④⑤⑨ (3分)
(4)第二,打開a,通足量N2,排凈裝置中的空氣(2分)
(5)向下移動乙管,使甲、乙兩管液面在同一水平面上(2分)
(6)(V-11.2n)/33.6n (3分)
【解析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康,要求得m值,需測定出Cu與HNO3反應(yīng)生成的NO2和NO的物質(zhì)的量,為此需將產(chǎn)生的氣體首先通入裝置C中,H2O吸收NO2生成NO和HNO3,用裝置E測定出NO的體積,如果裝置中有空氣,空氣中的O2會將NO氧化成NO2導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差,裝置B通入N2能將裝置中空氣趕走,防止NO被氧化,為此需要的裝置為B、C、E,裝置接口連接順序?yàn)棰邰堍茛。由于濃HNO3具有強(qiáng)氧化性,能將指示劑氧化而影響實(shí)驗(yàn),可加水稀釋降低其氧化性,而溶質(zhì)HNO3的量不變,便于觀察指示劑顏色變化。用裝置E測定NO的體積時,如甲的液面高于乙的液面,測出的NO體積偏小,如甲的液面低于乙的液面,測出的NO體積偏大,故應(yīng)向下移動乙管,使甲、乙兩管液面在同一水平面上,從而減少誤差。根據(jù)反應(yīng):3NO2 + 2H2O=2HNO3 + NO,混合氣體中含有NO21.5nmol,NO總的物質(zhì)的量為V/22.4mol,其中屬于Cu與HNO3反應(yīng)生成的NO為(V/22.4-n/2)mol,故M=(V/22.4-n/2):1.5n=(V-11.2n)/33.6n。
29.(15分)(1)取代(或水解)、中和反應(yīng) (2分) (2)HCOOCH3 (2分) HOCH2CHO (2分)
(3)(2分)
(4)+ 3NaOH+ CH3COONa + 2H2O (3分)
(5) (2分) (2分)
【解析】A的分子式為C9H8O4,A能與醇發(fā)生酯化反應(yīng),說明A中含有-COOH,且A在NaOH溶液中發(fā)生水解生成CH3COONa,說明A中酯的官能團(tuán),該官能團(tuán)與-COOH處于苯環(huán)上的鄰位,再結(jié)合A的分子式推知A的結(jié)構(gòu)簡式為,B為,由于H2CO3的酸性大于酚而小于羧酸,故在溶液中通入CO2時,只有酚的鈉鹽反應(yīng)生成D()和NaHCO3。CH3COONa與H+反應(yīng)生成E(CH3COOH)。CH3COOH的同分異構(gòu)體中R中含有-CHO和-OH:HOCH2CHO,Q中含有-CHO而沒有-OH:HCOOCH3。對照和結(jié)構(gòu)可知,首先用與酚羥基反應(yīng),然后再用酸性KMnO4氧化-CH3為-COOH即可得到A。
30.【解析】(1)新陳代謝是生物最本質(zhì)的特征。(2)人體內(nèi)水的來源包括:飲水、食物中的水、代謝產(chǎn)生的水,人體代謝產(chǎn)生水的途徑有:核糖體上的氨基酸脫水縮合、線粒體中的有氧呼吸等。(3)異化作用類型包括需氧型、厭氧型和兼性厭氧型,根據(jù)材料提供信息,氣性壞疽的異化作用類型為厭氧型。(4)本題考查的是細(xì)胞的選擇透過性,細(xì)胞的功能特性決定于細(xì)胞膜上的載體的種類和數(shù)量
【答案】(12分,每空各2分)(1)新陳代謝現(xiàn)象 (2) 代謝產(chǎn)生水
氨基酸脫水縮合(或有氧呼吸) (3) 厭氧型
(4)選擇透過性 載體蛋白
【解析】由反應(yīng)式:CO2+C5→C3和
【答案】(10分,每空各2分)(1)低、高、約等于 (2)溫度
(3)光照強(qiáng)度、CO2濃度、溫度
31.(20分)【解析】:(1)該6個品系玉米的基因型分別為:①:AABBCCDDEE ②:aaBBCCDDEE ③:AAbbccDDEE ④:AABBCCddEE ⑤:AABBCCDDee ⑥:aabbccddee
基因分離定律適用于一對等位基因控制的相對性狀的遺傳,基因自由組合定律適用于2對(及以上)的同源染色體上的2對(及以上)等位基因控制的性狀遺傳。具有兩對相對性狀的純合親本雜交,F(xiàn)1自交。若F2中出現(xiàn)性狀分離比為:雙顯∶單顯1∶單顯2∶雙隱=9∶3∶3∶1,則控制這兩對相對性狀的基因位于2對同源染色體上,反之則位于同一染色體上
讓F1側(cè)交,若F2中出現(xiàn)性狀分離比為:雙顯∶單顯1∶單顯2∶雙隱=1∶1∶1∶1,則控制這兩對相對性狀的基因位于2對同源染色體上,反之則位于同一染色體上
【答案】(1)②與①(③或、④、⑤) (1分) 不行 (1分) 品系①和⑤只有一對相對性狀 (2分)不行 (1分) 控制花色和種皮顏色的基因位于同一對同源染色體(Ⅰ)上,而控制子葉味道的基因位置未知(2分)
(2)D(1分)
①若綠色非甜子葉∶綠色甜子葉∶黃色非甜子葉∶黃色甜子葉=9∶3∶3∶1,則控制子葉顏色和味道的基因不是位于同一染色體上。(3分)
②若綠色非甜子葉∶綠色甜子葉∶黃色非甜子葉∶黃色甜子葉≠9∶3∶3∶1(答綠色甜子葉:綠色非甜子葉:黃色非甜子葉=1:2:1也可),則控制子葉顏色和味道的基因位于同一染色體上。(3分)
(3)
①若綠色非甜子葉∶綠色甜子葉∶黃色非甜子葉∶黃色甜子葉=1∶1∶1∶1,則控制子葉顏色和味道的基因不是位于同一染色體上。(3分)
②若綠色非甜子葉∶綠色甜子葉∶黃色非甜子葉∶黃色甜子葉≠1∶1∶1∶1(答綠色甜子葉:黃色非甜子葉=1:1也可),則控制子葉顏色和味道的基因位于同一染色體上。(3分)
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