題目列表(包括答案和解析)
已知四棱錐P-ABCD,底面ABCD是、邊長為的菱形,又,且PD=CD,點M、N分別是棱AD、PC的中點.
(1)證明:DN//平面PMB;
(2)證明:平面PMB平面PAD;
(3)求點A到平面PMB的距離
已知四棱錐P-ABCD,底面ABCD是、邊長為的菱形,又,且PD=CD,點M、N分別是棱AD、PC的中點.
(1)證明:MB平面PAD;
(2)求點A到平面PMB的距離.
已知四棱錐P-ABCD,底面ABCD是、邊長為的菱形,又,且PD=CD,點M、N分別是棱AD、PC的中點.
(1)證明:MB平面PAD;
(2)求點A到平面PMB的距離.
已知四棱錐P-ABCD,底面ABCD是,邊長為的菱形,又,且PD=CD,點M、N分別是棱AD、PC的中點.
(1)證明:DN//平面PMB;
(2)證明:平面PMB平面PAD.
1. 2. 3.{(1,-1)} 4.12 5.
6. 7. 8.直角
9.解析:(1)(4).本題考查了獨立性檢驗的基本思想及常用邏輯用語.由題意,得,,所以,只有第一位同學的判斷正確,即:有的把握認為“這種血清能起到預防感冒的作用”.由真值表知(1)(4)為真命題.
10.提示:設四棱錐的兩組不相鄰的側(cè)面的交線分別為 m、n, 直線 m、n 確定了一個平面 β.作與 β 平行的平面 α, 與四棱錐的各個側(cè)面相截,則截得的四邊形必為平行四邊形.而這樣的平面 α 有無數(shù)多個.
11. 12.y=-x ±
13.解:由可化為xy =8+x+y
x,y均為正實數(shù), xy =8+x+y(當且僅當x=y等號成立)
即xy-2-8可解得,即xy16故xy的最小值為16.
14.
15.解:(1)A中2張錢幣取1張,有2種情況,
B中3張錢幣取1張,有3種情況,
∴互換一次有2´3 = 6種情況,
其中10元幣恰是一張的情況有3種,
∴A袋中10元錢幣恰是一張的概率為P1 =.答略
(2)A袋中恰有一張10元幣的概率為P1 = ;
A袋中恰有兩張10元幣的概率為P2 = ;
∴ A袋中10元錢幣至少是一張的概率P = P1 + P2 = + = .
另解:. A袋中恰有0張10元幣的概率為P0 = ,
∴A袋中10元錢幣至少是一張的概率P = 1 ? P0 = .答略.
16.解:(1)證明:取PB中點Q,連結(jié)MQ、NQ,因為M、N分別是棱AD、PC中點,所以
QN//BC//MD,且QN=MD,于是DN//MQ.
.
(2)
又因為底面ABCD是、邊長為的菱形,且M為AD中點,
所以.
又
所以.
(3)因為M是AD中點,所以點A與D到平面PMB等距離.
過點D作于H,由(2)平面PMB平面PAD,所以.
故DH是點D到平面PMB的距離.
所以點A到平面PMB的距離為.
17.解:(1)設中角的對邊分別為,則由,
可得,所以
(2)
因為,,所以
即當時,;當時,
18.解:(1)直線l1: x+my-m-2=0與l2: mx-y
整理得:
(2)當AB與OM垂直于點P時,由垂徑定理得點P為OM中點(1,),不妨取OA中點Q(,0),又m,否則AM垂直x軸,四邊形AMBO為矩形,AB與OM不垂直,所以,,,得證.
19.解:(1)當n為奇數(shù)時,有2n+1=(2+1)(2n-1-2n-2+…-2+1)=3(2n-1-2n-2+…-2+1)
所以2n+1是最小的數(shù);又2n+1-1=(2n+1+2)-3=2(2n+1)-3,所以2n+1-1是最大的數(shù).
(2)由(1)知當n為奇數(shù)時,An中的各個元素組成以2n+1為首項,3為公差的等差數(shù)列,設項數(shù)為m,則2n+1-1=2n+1+3(m-1),所以m=,所以當n是奇數(shù)時,An中的所有元素之和為;
當n為偶數(shù)時,n-1時奇數(shù),由(1)可知2n-1+1是3的倍數(shù),因此2n+2=2(2n-1+1)是3的倍數(shù);同理,2n+1-2=2(2n-1)是3的倍數(shù).所以當n為偶數(shù)時,An中的各個元素組成以2n+2為首項,3為公差的等差數(shù)列,設項數(shù)為m,則2n+1-2=2n+2+3(m-1),所以m=,所以當n是偶數(shù)時,An中的所有元素之和為.
20.解:(1),∴可設,
因而 ①
=,
∵在區(qū)間內(nèi)單調(diào)遞減,
∴在上的函數(shù)值非正,
由于,對稱軸,故只需,注意到,∴,得或(舍去).
故所求的取值范圍是.
(2)時,方程僅有一個實數(shù)根,即證方程 僅有一個實數(shù)根.令,由,得,,易知在,上遞增,在上遞減,的極大值,故函數(shù)的圖像與軸僅有一個交點,∴時,方程僅有一個實數(shù)根,得證.
(3)設 = x2+x+1, =1,對稱軸為,.
由題意,得或
解出,故使||≤3成立的充要條件是
附加題:
1.證明:如圖,分別過點E、F作AB的垂線,G、H為垂足,連FA、EB.易知
DB2=FB2=AB?HB,
AD2=AE2=AG?AB.
二式相減,得
DB2-AD2=AB?(HB-AG),
或 (DB-AD)?AB=AB?(HB-AG).
于是,DB-AD=HB-AG,
或 DB-HB=AD-AG.
就是DH=GD.
顯然,EG∥CD∥FH.
故CD平分EF.2.
2.解:由上題可知1 =,2 =是矩陣M= 分別對應特征值1=1,2=4的兩個特征向量,而1與2不共線.又==3+(-2)
∴M20=
M20(32+(-2)1)=
=32202+(-2)×1201=3×420×+(-2)×120×
=≈
答:20個時段后這兩個種群的數(shù)量都趨向于3×420.
3.證明:以F為極點,極軸與x軸正向重合建立極坐標系.
設拋物線方程,A(ρ1,θ),B(ρ2,θ+π),
則AB=ρ1+ρ2= = 4p,sin2θ=,θ=
4.(Ⅰ)證明:(?)當時,原不等式成立;當時,左邊,右邊,因為,所以左邊右邊,原不等式成立;
(?)假設當時,不等式成立,即,則當時,
,,于是在不等式兩邊同乘以得
,
所以.即當時,不等式也成立.
綜合(?)(?)知,對一切正整數(shù),不等式都成立.
5.(1)設事件為A,則在7次拋骰子中出現(xiàn)5次奇數(shù),2次偶數(shù)
而拋骰子出現(xiàn)的奇數(shù)和偶數(shù)的概率為p是相等的,且為
根據(jù)獨立重復試驗概率公式:
(2)若
即前2次拋骰子中都是奇數(shù)或都是偶數(shù).
若前2次都是奇數(shù),則必須在后5次中拋出3次奇數(shù)2次偶數(shù),
其概率:
若前2次都是偶數(shù),則必須在后5次中拋出5次奇數(shù),其概率:
所求事件的概率
6.以下解答僅供參考,按學生實際解答給分.
解:(1)條直線將一個平面最多分成個部分(),與(2)合并證明;
(2)個平面最多將空間分割成個部分().
證明:設個維空間可將維空間最多分成個部分,則只需證明
,這里∈
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