亚洲欧美日韩在线精品2023,香蕉视频app下载免费高清正版

0 821 829 835 839 845 847 851 857 859 865 871 875 877 881 887 889 895 899 901 905 907 911 913 915 916 917 919 920 921 923 925 929 931 935 937 941 947 949 955 959 961 965 971 977 979 985 989 991 997 1001 1007 1015 3002

2009年高中畢業(yè)班第三次質(zhì)量預(yù)測(cè)

試題詳情

2009年高中畢業(yè)班第三次質(zhì)量預(yù)測(cè)

試題詳情

1995年全國(guó)普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試歷史試題

試題詳情

1994年全國(guó)普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試歷史試題

試題詳情

1993年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試歷史試題

試題詳情

第三單元：圓周運(yùn)動(dòng)

　　[內(nèi)容和方法]

　　本單元內(nèi)容包括圓周運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力學(xué)部分和物體做圓周運(yùn)動(dòng)的能量問題，其核心內(nèi)容是牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律等知識(shí)在圓周運(yùn)動(dòng)中的具體應(yīng)用。

　　本單元中所涉及到的基本方法與第二單元牛頓定律的方法基本相同，只是在具體應(yīng)用知識(shí)的過程中要注意結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)：物體所受外力在沿半徑指向圓心的合力才是物體做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，因此利用矢量合成的方法分析物體的受力情況同樣也是本單元的基本方法；只有物體所受的合外力的方向沿半徑指向圓心，物體才做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。根據(jù)牛頓第二定律合外力與加速度的瞬時(shí)關(guān)系可知，當(dāng)物體在圓周上運(yùn)動(dòng)的某一瞬間的合外力指向圓心，我們?nèi)钥梢杂门ｎD第二定律對(duì)這一時(shí)刻列出相應(yīng)的牛頓定律的方程，如豎直圓周運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的問題。另外，由于在具體的圓周運(yùn)動(dòng)中，物體所受除重力以外的合外力總指向圓心，與物體的運(yùn)動(dòng)方向垂直，因此向心力對(duì)物體不做功，所以物體的機(jī)械能守恒。

　　[例題分析]

　　在本單元知識(shí)應(yīng)用的過程中，初學(xué)者常犯的錯(cuò)誤主要表現(xiàn)在：對(duì)物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的受力情況不能做出正確的分析，特別是物體在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，靜摩擦力參與提供向心力的情況；對(duì)牛頓運(yùn)動(dòng)定律、圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律及機(jī)械能守恒定律等知識(shí)內(nèi)容不能綜合地靈活應(yīng)用，如對(duì)于被繩（或桿、軌道）束縛的物體在豎直面的圓周運(yùn)動(dòng)問題，由于涉及到多方面知識(shí)的綜合，表現(xiàn)出解答問題時(shí)顧此失彼。

　　例1、一內(nèi)壁光滑的環(huán)形細(xì)圓管，位于豎直平面內(nèi)，環(huán)的半徑為R（比細(xì)管的半徑大得多），圓管中有兩個(gè)直徑與細(xì)管內(nèi)徑相同的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）。A球的質(zhì)量為m₁，B球的質(zhì)量為m₂。它們沿環(huán)形圓管順時(shí)針運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)的速度都為v₀。設(shè)A球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，球恰好運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，若要此時(shí)兩球作用于圓管的合力為零，那么m₁，m₂，R與v₀應(yīng)滿足關(guān)系式是。

　　【錯(cuò)解分析】錯(cuò)解：依題意可知在A球通過最低點(diǎn)時(shí)，圓管給A球向上的彈力N₁為向心力，則有

　　B球在最高點(diǎn)時(shí)，圓管對(duì)它的作用力N₂為m₂的向心力，方向向下，則有

　　因?yàn)閙₂由最高點(diǎn)到最低點(diǎn)機(jī)械能守恒，則有

　　錯(cuò)解形成的主要原因是向心力的分析中缺乏規(guī)范的解題過程。沒有做受力分析，導(dǎo)致漏掉重力，表面上看分析出了N₁=N₂，但實(shí)際并沒有真正明白為什么圓管給m₂向下的力�？傊畯母旧峡催€是解決力學(xué)問題的基本功受力分析不過關(guān)。

　　【正確解答】首先畫出小球運(yùn)動(dòng)達(dá)到最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的受力圖，如圖4-1所示。A球在圓管最低點(diǎn)必受向上彈力N₁，此時(shí)兩球?qū)A管的合力為零，m₂必受圓管向下的彈力N₂，且N₁=N₂。

　　據(jù)牛頓第二定律A球在圓管的最低點(diǎn)有

　　同理m₂在最高點(diǎn)有

　　m₂球由最高點(diǎn)到最低點(diǎn)機(jī)械能守恒

　　【小結(jié)】比較復(fù)雜的物理過程，如能依照題意畫出草圖，確定好研究對(duì)象，逐一分析就會(huì)變?yōu)楹?jiǎn)單問題。找出其中的聯(lián)系就能很好地解決問題。

　　例2、使一小球沿半徑為R的圓形軌道從最低點(diǎn)上升，那么需給它最小速度為多大時(shí)，才能使它達(dá)到軌道的最高點(diǎn)？

　　【錯(cuò)解分析】錯(cuò)解：如圖4-2所示，根據(jù)機(jī)械能守恒，小球在圓形軌道最高點(diǎn)A時(shí)的勢(shì)能等于它在圓形軌道最低點(diǎn)B時(shí)的動(dòng)能（以B點(diǎn)作為零勢(shì)能位置），所以為

　　從而得

　　小球到達(dá)最高點(diǎn)A時(shí)的速度v_A不能為零，否則小球早在到達(dá)A點(diǎn)之前就離開了圓形軌道。要使小球到達(dá)A點(diǎn)（自然不脫離圓形軌道），則小球在A點(diǎn)的速度必須滿足

　　式中，N_A為圓形軌道對(duì)小球的彈力。上式表示小球在A點(diǎn)作圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力由軌道對(duì)它的彈力和它本身的重力共同提供。當(dāng)N_A=0時(shí)，

　　【正確解答】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象。小球在軌道最高點(diǎn)時(shí)，受重力和軌道給的彈力。小球在圓形軌道最高點(diǎn)A時(shí)滿足方程

　　根據(jù)機(jī)械能守恒，小球在圓形軌道最低點(diǎn)B時(shí)的速度滿足方程

　　解(1)，(2)方程組得

　　
　　軌道的最高點(diǎn)A。

　　例3、用長(zhǎng)L=1.6m的細(xì)繩，一端系著質(zhì)量M=1kg的木塊，另一端掛在固定點(diǎn)上。現(xiàn)有一顆質(zhì)量m =20g的子彈以v₁=500m/s的水平速度向木塊中心射擊，結(jié)果子彈穿出木塊后以v₂=100m/s的速度前進(jìn)。問木塊能運(yùn)動(dòng)到多高？（取g =10m/s²，空氣阻力不計(jì)）

　　【錯(cuò)解分析】錯(cuò)解：在水平方向動(dòng)量守恒，有

mv₁=Mv+mv₂ (1)

　　式①中v為木塊被子彈擊中后的速度。木塊被子彈擊中后便以速度v開始擺動(dòng)。由于繩子對(duì)木塊的拉力跟木塊的位移垂直，對(duì)木塊不做功，所以木塊的機(jī)械能守恒，即

　　h為木塊所擺動(dòng)的高度。解①，②聯(lián)立方程組得到

　　v = 8(v/s)

　　h = 3.2(m)

　　這個(gè)解法是錯(cuò)誤的。h = 3.2m，就是木塊擺動(dòng)到了B點(diǎn)。如圖4-3所示。則它在B點(diǎn)時(shí)的速度v_B。應(yīng)滿足方程

　　這時(shí)木塊的重力提供了木塊在B點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力。解

　　如果v_B＜4 m/s，則木塊不能升到B點(diǎn)，在到達(dá)B點(diǎn)之前的某一位置以某一速度開始做斜向上拋運(yùn)動(dòng)。而木塊在B點(diǎn)時(shí)的速度v_B=4m/s，是不符合機(jī)械能守恒定律的，木塊在B點(diǎn)時(shí)的能量為(選A點(diǎn)為零勢(shì)能點(diǎn))

　　兩者不相等�？梢娔緣K升不到B點(diǎn)，一定是h＜3.2 m。

　　實(shí)際上，在木塊向上運(yùn)動(dòng)的過程中，速度逐漸減小。當(dāng)木塊運(yùn)動(dòng)到某一臨界位置C時(shí)，如圖4－4所示，木塊所受的重力在繩子方向的分力恰好等于木塊做圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力。此時(shí)繩子的拉力為零，繩子便開始松弛了。木塊就從這個(gè)位置開始，以此刻所具有的速度v_c作斜上拋運(yùn)動(dòng)。木塊所能到達(dá)的高度就是C點(diǎn)的高度和從C點(diǎn)開始的斜上拋運(yùn)動(dòng)的最大高度之和。

　　【正確解答】如上分析，從式①求得v_A= v = 8m/s。木塊在臨界位置C時(shí)的速度為v_c，高度為

h′=L(1+cosθ)

　　如圖4-4所示，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

　　木塊從C點(diǎn)開始以速度v_c做斜上拋運(yùn)動(dòng)所能達(dá)到的最大高度h″為

　　【小結(jié)】物體能否做圓運(yùn)動(dòng)，不是我們想象它怎樣就怎樣，這里有一個(gè)需要的向心力和提供向心力能否吻合的問題，當(dāng)需要能從實(shí)際提供中找到時(shí)，就可以做圓運(yùn)動(dòng)。所謂需要就是符合牛頓第二定律F_向= ma_向的力，而提供則是實(shí)際中的力若兩者不相等，則物體將做向心運(yùn)動(dòng)或者離心運(yùn)動(dòng)。

　　例4 假如一做圓周運(yùn)動(dòng)的人造地球衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來的2倍，仍做圓周運(yùn)動(dòng)，則[ ]

　　A．根據(jù)公式v=ωr，可知衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的線速度增大到原來的2倍。

　　D．根據(jù)上述選項(xiàng)B和C給出的公式，可知衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的線速度將減

　　【錯(cuò)解分析】錯(cuò)解：選擇A，B，C

　　所以選擇A，B，C正確。

　　A，B，C中的三個(gè)公式確實(shí)是正確的，但使用過程中A，

　　【正確解答】正確選項(xiàng)為C，D。

　　A選項(xiàng)中線速度與半徑成正比是在角速度一定的情況下。而r變化時(shí)，角速度也變。所以此選項(xiàng)不正確。同理B選項(xiàng)也是如此，F(xiàn)∝1/r²是在v一定時(shí)，但此時(shí)v變化，故B選項(xiàng)錯(cuò)。而C選項(xiàng)中G，M，m都是恒量，所以F∝