2006年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試黃岡市答題適應性訓練試題
數(shù) 學(理工農醫(yī)類)
本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。第Ⅰ卷1至2頁,第Ⅱ卷3至4頁。滿分150分?荚囉脮r120分鐘。
第Ⅰ卷(選擇題 共50分)
注意事項:
1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上,并將準考證號條形碼粘帽在答題卡上指定位置。
2.每小題選出答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號。答在試題卷上無效。
3.考試結束,監(jiān)考人員將本試卷和答題卡一并交回
一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分.在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。
1.已知a,b為兩個不相等的實數(shù),集合M={a2
A.1 B
2.若,則下列結論不正確的是
A.a2<b2 B.ab<b2 C. D.|a|-|b|=|a-b|
3.從8名女生,4名男生中選出6名學生級成課外小組,如果按性別比例分層抽樣,則汪同的抽取方法種數(shù)為
A.C B.C C. D.A
4.已知方程(x2-6x+k)(x2+6x+h)=0的4個實根經過調整后組成一個以2為首項的等比數(shù)列,則k+h=
A.2-2 B.2+2 C.-6+6 D.24
5.若已知tan10°=a,求tan110°的值,那么在以下四個答案:①
④中,正確的是
A.①和③ B.① 和④ C.②和③ D.②和④
6.設F1、F2分別為雙曲線(a>0,b>0)的左、右焦點,P為雙曲線右支上任一點。若的最小值為8a,則該雙貢線離心率e的取值范圍是
A.(0,2) B.(1,3) C.[2,3] D.[3,+∞]
7.已知f′(x)是f(x)的導函數(shù),且f′(x)的圖象如下左圖所示,則f(x)的圖象只可能是下右圖中的
8.如右圖所法,在單位正方體ABCD-A1B1C1D1的面對角線A1B上
存在一點P使得AP+D1P取得最小值,則此最小值為( )
A.2 B.
C.2+ D.
9.已知O平面上的一定點,A、B、C是平面上不共線的三個動點,點P滿足
λ(),λ∈(0,+∞),則動點P的軌跡一定通過△ABC的
A.重心 B.外心 C.垂心 D.內心
10.設定義域為R的函數(shù)f(x)=,若關于x的方程f2(x)+bf(x)+c=0有3個不同的實數(shù)解x1、x2、x3,則動點P的軌跡一定通過△ABC的
A.4 B. C.9 D.
第Ⅱ卷(非選擇題 共100分)
注意事項:
第Ⅱ卷用0.5毫米黑色的簽字筆或黑色墨水鋼筆直接答在答題卡上。答在試題卷上無效。
二、填空題:本大題共5小題,每小題5分,共25分.把答案填在答題卡相應位置上.
11.i是虛數(shù)單位,復數(shù)z=的虛部為_________.
12.已知函數(shù)f(x)=sinx+5x,x∈(-1,1),如果f(1-a)+f(1-a2)<0,則a的取值范圍是________。
13.由線性約束條件所確定的區(qū)域面積為S,記S=f(t)(0≤t≤1),則f(t)等于_____。
14.函數(shù)y=圖像上至少存在不同的三點到原點的距離構成等比數(shù)列,則公比的取值范圍是_________。
15.對于集合N={1,2,3,…,n}及其它的每個非空子集,定義一個“交替和”如下:按照遞減的次序重新排我該子集,然后從最大數(shù)開始交替地減、加后繼的數(shù),例如集合{1,2,4,6,9}的交替和是9-6+4-2+1=6,當集合N中的n=1時,它的閃替和S1=1;當集合N中的n=2時,集合N={1,2}的所有非空子集為{1},{2},{1,2},則它的“交替和”的總和S2=1+2+(2-1)=4.請你嘗試對n=3、n=4的情況,計算它的“交替和”的總和S3、S4,并根據(jù)其結果猜測集合N={1,2,3…,n}的每一個非空子集的“交替和”的總和Sn=____.
三、解答題:本大題共6小題,共75分,解答應寫出文字說明,證明過程或解題步驟.
16.(本小題滿分12分)
已知△ABC的三個頂點分別是A(3,0)、B(0,3)、C(cosα,sinα),其中
(1)若,求解α的值;
(2)若求cosα-sinα的值.
17.(本小題滿分12分)
設a>0,函數(shù)f(x)=x3-ax在[1,+∞]上是單調函數(shù)。
(1)求實數(shù)a的取值范圍;
(2)設x0≥1時有f(x0)≥1,且f(f(x0))=x0,求證:f(x0)=x0.
18.(本小題滿分12分)
如圖,直三棱柱ABC―A1B1C1中,∠ACB=90°,BC=AC=2,AAl=
4,D為棱CC1上的一動點,M、N分別為△ABD,△A1B1D的重心.
(1)求證:MN⊥BC;
(2)若二面角C―AB―D的大小為arctan,求點C1到平面A1B1D
的距離;
(3)若點C在△ABD上的射影正好為M,試判斷點C1在△A1B1D的
射影是否為N?并說明理由.
19.(本小題滿分12分)
已知某車站每天8:00~9:00、9:00~10:00都恰好有一輛客車到站;8:00~9:00到站的客車A可能在8:10、8:30、8:50到,其概率依次為9:00~10:00到站的客車B可能在9:10、9:30、9:50到,其概率依次為今有甲、乙兩位旅客,他們到站的時間分別為8:00和8:20,試問他們候車時間的平均值哪個更多?
20.(本小題滿分12分)
已知函數(shù)f(x)=x2-ax+a(x∈R)同時滿足:①不等式f(x)≤0的解集有且只有一個元素;②在定義域內存在0<x1,<x2,使得不等式f(x1)>f(x2)成立.
設數(shù)列(an)的前,2項和Sn=f(n),
(1)求數(shù)列{an}的通項公式;
(2)試構造一個數(shù)列(bn)(寫出{bn}的一個通項公式),滿足:對任意的正整數(shù)n都有6n<an,
且=2,bn≠0,并說明理由;
(3)設各項均不為零的數(shù)列{cn}中,所有滿足ci?ci+1<0的正整數(shù)i的個數(shù)稱為這個數(shù)列{cn}的變號數(shù).令cn=1-(n為正整數(shù)),求數(shù)列{cn}的變號數(shù).
21.(本小題滿分14分)
如右圖,在棱長為1的正方體,ABCD―A1B1C1D1中,M、N分別為線段BB1、AB的中點,O是正方形B1BCC1的中心,過O作直線與直線AM交于點P,與直線CN交于點Q.
(1)求線段PQ的長度;
(2)將側面ABB1A1無限延展開來得到平面ABB1A1,設平面
ABB1A1內有一動點T,它到直線DD1的距離的平方減去它
到P點的距離的平方,其差為1.請建立適當?shù)闹苯亲鴺讼担?/p>
求出動點丁所構成的曲線K的方程;
(3)在(2)的條件下,請說明以PB為直徑的圓與曲線K是否有交
點,如果有請求出此點的坐標;如果沒有請說明理由.
2006年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試黃岡市答題適應性訓練試題
一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。
1.D點拔:由已知可得M=N,故,a、b是方程x2-4x+2=0的兩根,故a+b=4
2.D 點拔:∵
∴等號取不到,即故A、B、C均正確,而D顯然錯誤,應為|a|-|b|<|a-b|.
3.A 點拔: 由題意知,選出的6名學生中應有4名女生,2名男生,故共C種不同的抽取方法。
4.D 點拔:若2為方程x2-6x+k=0的根.∴另一根為4,故k=8.又方程x2+6的兩根與2,4,按一定次序可排成以2為首項的等比數(shù)列,故另兩根易求出,分別為-2和-4.∴h=16,∴k+h=24,而其余情況均不可能.
5.C 點拔:tan110°=tan(120°-10°)= tan110°=tan(90°+20°)= -cot20°= -
6.B 點拔:,當且僅當即時上式取等號,這時|PF1|=4a,由|PF1|+|PF2|≥|F1F2|,得6a≥2c,故1<e=
7.D 點拔:由f′(x)的圖象可知,函數(shù)y=f(x)在區(qū)間[a,b]上的兩端點處取得極值,且從a到b的各點處的切線的斜率是先增大后減小,故選D.
8.D 點拔:如圖所示,把對角面A1C繞A1B旋轉至A1BC′D′1,
使其與△AA1B在同一平面上,連接AD1′,則AD1′=
為所求的最小值.
9.B 點拔:設線段BC的中D,則
∴
∴
∴
=λ()=0
∴DP⊥BC.∴點P的軌跡一定通過△ABC的外心.
10.C 點拔:如圖,作出函數(shù)f(x)的圖象,可知關于f(x)的方程有一
正根和一零根,不妨設f(x1)=0且f(x2)=f(x3)=m
∴由圖像對稱性知x2+x3=2,又x1=1,∴(x1+x2+x3)2=9.
二、填空題:本大題共5小題,每小題5分,共25分.
11.-3點拔:z=
12.1<a<點拔:易知f(x)為奇函數(shù)且在定義域上增函數(shù),∴原不等式可化為f(1-a)<f(a2-1),其等價于不等式組
13.-t2+t+點拔:如圖,由題設條件所確定的區(qū)域為圖中所示陰影部分.
∴S=×2×1-t2-(1-t)2=-t2+t+.
14.[ )∪(1,]點拔:函數(shù)y=的圖象上的點到原點的最短距離為1,最長距離為3.
故q的最大值為的最小值為.又q≠1 ∴q∈[)∪(1, ].
15.n?2n-1點拔:對于任一個不含元素n的子集A,加入一個元素n后成集B,則集合A與集合B“交替和”的和為n.這種構造的集合A集合與集合B是一一對應的,各有2n-1個,切每一對集合的“交替和”的和為n,故非空子集的“交集和”的總和Sn=n?2n-1.
三、解答題:本大題共6小題,共75分.
16.(1)∵△ABC三個頂點分別是A(3,0)、B(0,3)、C(cosα,sinα),
∴=(cosα-3,sinα),=(cosα,sinα-3), ………………(2分)
由||=||得
即cosα=sinα, ………………(4分)
∵ ∴a= ………………(6分)
(2)由得,(cosα-3)cosα+sinα(sinα-3)=-1
即sinα+cosα= ………………(8分)
∴(sinα+cosα)2=1+2sinαcosα=
又∴sinα>0,cosα<0.
(cosα-sinα)2=1-2sinαcosα=1-(-)=, ………………(10分)
∴cosα-sinα=- ………………(12分)
17.(1)y′=f′(x)=3x2-a. ………………(2分)
若f(x)在[1,+∞)上是單調遞減函數(shù),則須y′≤0,即α≥3x2恒成立,這樣的實數(shù)a不存在,故f(x)在[1,+∞)上不可能是單調遞減函數(shù); ………………(4分)
若f(x)在[1,+∞)]上是單調遞增函數(shù),則a≤3x2恒成立,由于x∈[1,+∞),故3x2≥3.從而0<a≤3. ………………(6分)
(2)解法一 (反證法)由(1)可知f(x)在[1,+∞)上只能為單調遞函數(shù).
假設f(x0)≠x0,
若1≤x0<f(x0),則f(x0)<f(f(x0))=x0,矛盾; ………………(8分)
若1≤f(x0)<x0,則f(f(x0))<f(x0),即x0<f(x0),矛盾, ………………(10分)
故只有f(x0)=x0成立. ………………(12分)
解法二 設f(x0)=u (u≥1),則f(u)=x0,∴x兩式相減得(x)-a(x0-u)-x0,
∴(x0-u)(x+x0u+u2+1-a)=0, …………………(8分)
∵x0≥1,u≥1,∴x+x0u+u2≥3.
又0<a≤3,∴x+x0u+u2+1-a>0.
∴x0-u≤0,即u=x0,亦即f(x0)=x0. …………………(12分)
18.(1)連結DM、D屏延長,分別交AB、A1B1于點P、Q,連結PQ,
∵M、N分別為△ABD、△A1B1D的垂心,則P、Q分別為AB、A1B1的中點,
且∴PQ∥BB1∥MN, …………………(2分)
∵在直三棱柱ABC-A1B1C1中,BB1⊥BC,∴MN⊥BC. …………………(4分)
(2)連結CP,∵AC=BC,∴CP⊥AB,又∵CC1⊥面ABC,
∴AD=DB=, ∴DP⊥AB,
∴∠CPD即為二面角C-AB-D的平面角,∴∠CPD=arctan,
在Rt△ABC中,AC=BC=2,∴CP=,
∴在Rt△CDP中,CD=CP?tan∠CPD=2,
∵CC1=AA1=4,∴DC1=2, …………………(6分)
連結C1Q,C1Q=CP=
∵A1D=DB1=為A1B1的中點,∴DQ⊥A1B1,
∴S△A1B1D=,
設C1到面DA1B1的距離為h,
∵VC1-A1B1D=VD-A1B1C1,∴h?SA1B1D=C1D?S△A1B1C1,
∴h=. …………………(8分)
(3)∵CM⊥面ABD,∴CM⊥DP,∴
∴CD=2,∴C1D=2,則DQ=DP,∵MN∥PQ,∴DM=DN,
∵CD2=DM?DP,∴DC=DN?DQ,
∴△DC1Q~△DNC1,∴∠C1ND=∠DC1Q=90°, …………………(10分)
∴C1N⊥DQ,又∵A1B1⊥面C1CPQ,∴A1B1⊥C1N,
∴C1N⊥面A1B1D,∴C1在面A1B1D的射影即為N. …………………(12分)
解法二:空間向量解法:以C1為原點,如右圖建立空間直角坐標系.
(1)設C1D=a(0≤a≤4),依題意有:
D(0,0,a),A(2,0,4),B(0,2,4),C(0,0,4),C1(0,0,0),
A1(2,0,0),B1(0,2,0) …………………(2分)
因為M、N分別為△ABD,△A1B1D的重心.
所以M,
∵,∴MN⊥BC. …………………(4分)
(2)因為平面ABC的法向量n1=(0,0,-1),設平面ABD的法向量n2=(x1,y1,z1).
令x1=1n2=,設二面角C-AB-D為θ,則由tanθ=,
因此cosθ= (舍)或a=2,
………………(6分)
設平面A1B1D的法向量為n3=(x,y,z),則
令x=1有n3=1(1,1,1),
設C1到平面A1B1D的距離為d,則d=.…………………(8分)
(3)若點C在平面ABD上的射影正好為M,則,
即()?(-2,0,a-4)=0(舍)或a=2,……(10分)
因此D為CC1的中點,根據(jù)對稱性可知C1在平面A1B1D的射影正好為N. …(12分)
19.設甲、乙兩位旅客的候車時間分別為ξ,η分鐘,則他們的分布列為;
甲旅客 乙旅客
ξ 10 30 50 η 10 30 50 70 90
P
易知Eξ=10×, …………(8分)
∴Eη=,…………(10分)
∴Eξ<Eη,旅客甲候車時間的平均值比旅客乙多.
答:旅客甲候車時間的平均值比旅客乙多. …………(12分)
20.(1)∵f(x)≤0的解集有且只有一個元素,∴△=a2-4a=0a=0或a=4,,
當a=0時,函數(shù)f(x)=x2在(0,+∞)上遞增,故不存在0<x1<x2,使得不等式f(x1)>f(x2)成立.
…………(2分)
綜上,得a=4,f(x)=x2-4x+4,∴Sn=n2-4n+4,∴an=Sn-Sn-1=………(5分)
(2)要使=2,可構造數(shù)列bn=n-k, …………………………………………(6分)
∵對任意的正整數(shù)n都有bn<an,
∴當n≥2時,n-k<2n-5恒成立且1-k<1,即n>5-k恒成立且k>0,
即 ……………………………………(8分)
又bn≠0,∴k∈N*,∴bn=n-,等等. ……………………………………(9分)
(3)解法一:由題設cn=,
∵n≥3時,cn+1-cn=∴n≥3時,數(shù)列{cn}遞增,
…………………………(11分)
∵a4=-,可知a4?a5<0,即n≥3時,有且只有1個變號數(shù);
又∵c1=-3,c2=5,c3=-3, 即c1?c2<0,c2?c3<0, ∴此處變號數(shù)有2個.
綜上得數(shù)列{cn}共有3個變號數(shù),即變號數(shù)為3. …………………………(13分)
解法二:由題設cn=,
n≥2時,令cn?cn+1<0或n=4;
…………………………(11分)
又∵c1=-3,c2=5,∴n=1時也有c1?c2<0.
綜上得數(shù)列{cn}共有3個變號數(shù),即變號數(shù)為3. …………………………(13分)
21.如右圖,連結MO交CC1于E,連結DE,延長DA,CN交于Q,連結OQ交AM于P,則PQ為所求的線段易得,………………(2分)
在Rr△PMO中,可得到
PO=,
故PQ=2PO=. ………………………(4分)
(2)過T作TE⊥DD1于E,過T作TF⊥AA1于F,
⊥平面TEF,故AA1⊥EFTF∥PT,
在Rt△TFE中,TF2=TE2=TE2-1=PT2TE=PT
故T點的軌跡是以P為焦點,以AA1為準線的拋物線,(7分)
以過P點且垂直AA1的直線為x軸,以P點到AA1
的垂線段的中點為原點,建立直角坐標系,設拋物線
的方程y2=2px(p>0),由于P咪到AA1的距離為,
∴曲線K的方程為y2= ……………(9分)
(3)假設拋物線與圓有交點,設交點為G,則∠PGB為直角,易得PB2==,且B點在拋物線內部,
故PG2+GB2+, …………………(11分)
又PG2+GB2≥
過G作GH⊥AA1,則PG=HG,
∴PG2+GB2≥矛盾,故交點G不存在,于是以PB為直徑的圓與曲線K沒有交點. ……………………(14分)
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