1．有一個(gè)直角支架AOB，AO是水平放置，表面粗糙．OB豎直向下，表面光滑．OA上套有小環(huán)P，OB套有小環(huán)Q，兩環(huán)質(zhì)量均為m，兩環(huán)間由一根質(zhì)量可以忽略．不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩相連，并在某一位置平衡，如圖所示．現(xiàn)將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達(dá)到平衡，那么移動(dòng)后的平衡狀態(tài)和原來(lái)的平衡狀態(tài)相比較，AO桿對(duì)P的支持力F_N和細(xì)繩上的拉力F的變化情況是：（   B     ）

   A．F_N不變，F變大       B．F_N不變，F變小

   C．F_N變大，F變大       D．F_N變大，F變小

分析與解：選擇環(huán)P．Q和細(xì)繩為研究對(duì)象．在豎直方向上只受重力和支持力F_N的作用，而環(huán)動(dòng)移前后系統(tǒng)的重力保持不變，故F_N保持不變．取環(huán)Q為研究對(duì)象，其受如下圖所示．Fcosα = mg，當(dāng)P環(huán)向左移時(shí)，α將變小，故F變小，正確答案為B．

思路點(diǎn)撥：利用整體與隔離相結(jié)合的方法分析求解是本題解決問(wèn)題的重要思想方法與手段．

2．以力F拉一物體，使其以加速度a在水平面上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，力F的水平分量為F₁，如圖所示，若以和F₁大�。�方向都相同的力F ¢代替F拉物體，使物體產(chǎn)生加速度a ¢，那么：（  B  C  ）

  A．當(dāng)水平面光滑時(shí)，a¢ < a     B．當(dāng)水平面光滑時(shí)，a¢ = a

  C．當(dāng)水平面粗糙時(shí)，a¢ < a     D．當(dāng)水平面粗糙時(shí)，a¢ = a                                 

分析與解：當(dāng)水平面光滑時(shí)，物體在水平面上所受合外力均為F`，故其加速度不變．而當(dāng)水平面粗糙時(shí)，支持力和摩擦力都是被動(dòng)力，其大小隨主動(dòng)力的變化而變化，當(dāng)用F`替換F時(shí)，摩擦力將增大，故加速度減�。�因此BC答案正確．

思路點(diǎn)撥：運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決力學(xué)問(wèn)題的一般程序?yàn)椋?．選擇研究對(duì)象，2．受力分析，3．合成或分解（正交分解），列式計(jì)算．在受力分析時(shí)，應(yīng)注意被動(dòng)力隨主動(dòng)力變化的特點(diǎn)．

3．一小球質(zhì)量為m，用長(zhǎng)為L的懸繩（不可伸長(zhǎng)，質(zhì)量不計(jì)）固定于O點(diǎn)，在O點(diǎn)正下方L/2處釘有一顆釘子，如圖所示，將懸線(xiàn)沿水平方向拉直無(wú)初速釋放后，當(dāng)懸線(xiàn)碰到釘子后的瞬間：  （ A  B  C ）

A．小球線(xiàn)速度沒(méi)有變化

B．小球的角速度突然增大到原來(lái)的2倍

C．小球的向心加速度突然增大到原來(lái)的2倍

D．懸線(xiàn)對(duì)小球的拉力突然增大到原來(lái)的2倍

分析與解：在小球通過(guò)最低點(diǎn)的瞬間，水平方向上不受外力作用，沿切線(xiàn)方向小球的加速度等于零，因而小球的線(xiàn)速度不會(huì)發(fā)生變化，故A正確；在線(xiàn)速度不變的情況下，小球的半徑突然減小到原來(lái)的一半，由v = ωr可知角速度增大為原來(lái)的2倍，故B正確；由a = v²/r，可知向心加速度突然增大到原來(lái)的2倍，故C正確；在最低點(diǎn)，F― mg = ma，可以看出D不正確．

思路點(diǎn)撥：本題中要分析出懸線(xiàn)碰到釘子前后的瞬間物理量的變化情況，問(wèn)題就很好解了，因而，要根據(jù)題目的條件分析物理過(guò)程后再選用公式，不能隨意照套公式．

4．如圖所示，在光滑的水平面上，有一絕緣的彈簧振子，小球帶負(fù)電，在振動(dòng)過(guò)程中當(dāng)彈簧壓縮到最短時(shí)，突然加上一個(gè)沿水平向左的恒定的勻強(qiáng)電場(chǎng)，此后： （  A   ）

  A．振子的振幅將增大

B．振子的振幅將減小

C．振子的振幅將不變

D．因不知道電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，所以不能確定振幅的變化

分析與解：彈簧振子在加電場(chǎng)前，平衡位置在彈簧原長(zhǎng)處，設(shè)振幅A．當(dāng)彈簧壓縮到最短時(shí)，突然加上一個(gè)沿水平向左的恒定的勻強(qiáng)電場(chǎng)，此位置仍為振動(dòng)振幅處，而且振子的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧振動(dòng)，只是振動(dòng)的平衡位置改在彈簧原長(zhǎng)的右邊，且彈簧神長(zhǎng)量x滿(mǎn)足kx = qE，即振子振動(dòng)的振幅A₁=A+x，，所以振子的振幅增大，正確答案為A．

思路點(diǎn)撥：彈簧振子在做簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)，平衡位置是合力為零時(shí)，當(dāng)外界條件發(fā)生改變，平衡位置有可能隨之而變，振子的運(yùn)動(dòng)相對(duì)于平衡位置對(duì)稱(chēng)．

5．如圖所示，把系在輕繩上的A、B兩球由圖示位置同時(shí)由靜止釋放（繩開(kāi)始時(shí)拉直），則在兩球向左下擺動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是：（     B    ）

   1 繩OA對(duì)A球做正 2 繩AB對(duì)B球不做功   

3 繩AB對(duì)A球做負(fù)4 繩AB對(duì)B球做正功

  A． 1 2         B．3 4       C．1  3        D．1  4

分析與解：大概畫(huà)出A、B球的運(yùn)動(dòng)軌跡，就可以找出繩與球的運(yùn)動(dòng)方向的夾角，進(jìn)而可以判斷做功情況．由于OA繩一直張緊且O點(diǎn)不動(dòng)，所以A球做圓周運(yùn)動(dòng)，OA繩對(duì)A球不做功，而B球是否與A球一起做圓周運(yùn)動(dòng)呢？讓我們用模擬等效法分析：設(shè)想A、B球分別用兩條輕繩懸掛而各自擺動(dòng)，若擺角較小，則擺動(dòng)周期為，可見(jiàn)擺長(zhǎng)越長(zhǎng)，擺得越慢，因此A球比B球先到達(dá)平衡位置（如圖）．可見(jiàn)繩AB的張力對(duì)A的運(yùn)動(dòng)有阻礙作用，而B球的運(yùn)動(dòng)有推動(dòng)作用，所以正確的答案為3 4．

思路點(diǎn)撥：本題是一道判斷做功正負(fù)的選擇題，通過(guò)模擬等效發(fā)判斷出小球的運(yùn)動(dòng)情況，再根據(jù)F與v的夾角判斷做不做功和功的正負(fù)．

6．如圖所示，a、b、c三個(gè)相同的小球，a從光滑斜面頂端由靜止開(kāi)始自由下滑，同時(shí)b、c從同一高度分別開(kāi)始自由下落和平拋．下列說(shuō)法正確的有：    （  D   ）

A．它們同時(shí)到達(dá)同一水平面  

B．重力對(duì)它們的沖量相同

C．它們的末動(dòng)能相同       

D．它們動(dòng)量變化的大小相同

分析與解：b、c飛行時(shí)間相同（都是）；a與b比較，兩者平均速度大小相同（末動(dòng)能相同）；但顯然a的位移大，所以用的時(shí)間長(zhǎng)，因此A、B都不對(duì)．由于機(jī)械能守恒，c的機(jī)械能最大（有初動(dòng)能），到地面時(shí)末動(dòng)能也大，因此C也不對(duì)．a(chǎn)、b的初動(dòng)量都是零，末動(dòng)量大小又相同，所以動(dòng)量變化大小相同；b、c所受沖量相同，所以動(dòng)量變化大小也相同，故D正確．

思路點(diǎn)撥： 這道題看似簡(jiǎn)單，實(shí)際上考察了平均速度．功．沖量等很多知識(shí)．另外，在比較中以b為中介：a．b的初．末動(dòng)能相同，平均速度大小相同，但重力作用時(shí)間不同；b．c飛行時(shí)間相同（都等于自由落體時(shí)間），但初動(dòng)能不同．本題如果去掉b球可能更難做一些．

7．“神舟三號(hào)”順利發(fā)射升空后，在離地面340km的圓軌道上運(yùn)行了108圈．運(yùn)行中需要多次進(jìn)行 “軌道維持”．所謂“軌道維持”就是通過(guò)控制飛船上發(fā)動(dòng)機(jī)的點(diǎn)火時(shí)間和推力的大小方向，使飛船能保持在預(yù)定軌道上穩(wěn)定運(yùn)行．如果不進(jìn)行軌道維持，由于飛船受軌道上稀薄空氣的摩擦阻力，軌道高度會(huì)逐漸降低，在這種情況下飛船的動(dòng)能．重力勢(shì)能和機(jī)械能變化情況將會(huì)是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　

  A．動(dòng)能．重力勢(shì)能和機(jī)械能都逐漸減小

　B．重力勢(shì)能逐漸減小，動(dòng)能逐漸增大，機(jī)械能不變

　C．重力勢(shì)能逐漸增大，動(dòng)能逐漸減小，機(jī)械能不變

　D．重力勢(shì)能逐漸減小，動(dòng)能逐漸增大，機(jī)械能逐漸減小

分析與解：由于阻力很小，軌道高度的變化很慢，衛(wèi)星運(yùn)行的每一圈仍可認(rèn)為是勻速圓周運(yùn)動(dòng)．由于摩擦阻力做負(fù)功，根據(jù)機(jī)械能定理，衛(wèi)星的機(jī)械能減小；由于重力做正功，根據(jù)勢(shì)能定理，衛(wèi)星的重力勢(shì)能減小；由可知，衛(wèi)星動(dòng)能將增大．這也說(shuō)明該過(guò)程中重力做的功大于克服阻力做的功，外力做的總功為正．答案選D

思路點(diǎn)撥：衛(wèi)星變軌問(wèn)題首先要考慮速度的變化情況， 從而看是離心還是向心運(yùn)動(dòng)，進(jìn)而判斷重力勢(shì)能的變化情況．

8．長(zhǎng)直木板的上表面的一端放置一個(gè)鐵塊，木板放置在水平面上，將放置鐵塊的一端由水平位置緩慢地向上抬起，木板另一端相對(duì)水平面的位置保持不變，如圖所示．鐵塊受到摩擦力f木板傾角變化的圖線(xiàn)可能正確的是（設(shè)最大靜摩擦力的大小等于滑動(dòng)摩擦力大�。�：（   C    ）

分析與解：本題應(yīng)分三種情況進(jìn)行分析：

1 當(dāng)0 ≤＜arctan（為鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)）時(shí)，鐵塊相對(duì)木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，鐵塊受靜摩擦力作用其大小與重力沿木板面（斜面）方向分力大小相等，即f = mgsin，=0時(shí)，f = 0；f隨增大按正弦規(guī)律增大．

2 當(dāng)= arctan時(shí)處于臨界狀態(tài)，此時(shí)摩擦力達(dá)到最大靜摩擦，由題設(shè)條件可知其等于滑動(dòng)摩擦力大�。�

3 當(dāng)arctan＜≤90⁰時(shí)，鐵塊相對(duì)木板向下滑動(dòng)，鐵塊受到滑動(dòng)摩擦力的作用，根據(jù)摩擦定律可知f = F_N =mgcos，f隨增大按余弦規(guī)律減�。�綜合上述分析可知C圖可能正確地表示了f隨變化的圖線(xiàn)．

思路點(diǎn)撥：本題由鐵塊運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的不確定性來(lái)巧妙地設(shè)計(jì)了考查靜摩擦力．最大靜摩擦力．滑動(dòng)摩擦力三者區(qū)別的，這三者在產(chǎn)生條件和大小計(jì)算上都有一些區(qū)別，分析過(guò)程中要求考生能夠從物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)來(lái)進(jìn)行科學(xué)分析與推理．

9．在光滑水平面上，兩球沿球心連線(xiàn)以相等速率相向而行，并發(fā)生碰撞，下列現(xiàn)象可能的是：  （    B   ）

a．若兩球質(zhì)量相同，碰后以某一相等速率互相分開(kāi)

b．若兩球質(zhì)量相同，碰后以某一相等速率同向而行

c．若兩球質(zhì)量不同，碰后以某一相等速率互相分開(kāi)

d．若兩球質(zhì)量不同，碰后以某一相等速率同向而行

A．a(chǎn)  c     B．a(chǎn)  d     C．b  c    D．b  d

分析與解：相互作用的過(guò)程中合外力為零，所以碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，設(shè)碰撞前動(dòng)量分別為P₁、P₂，碰后兩球動(dòng)量分別為P₃、P₄，則有P₁+P₂ =  P₃+P₄，若m₁ = m₂，碰前動(dòng)量和為零碰后動(dòng)量和必定為零，即P₃與P₄必定大小相等．方向相反，a正確．若m₁≠m₂，碰前動(dòng)量和不為零，碰后兩球的合動(dòng)量必定與碰前總動(dòng)量相等，所以碰后以某一相等速率互相分開(kāi)是不可能的，而碰后以某一相等速率同向而行是可以的．

思路點(diǎn)撥：判斷此類(lèi)問(wèn)題一般有三條途徑：(1)碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒．(2)碰撞后動(dòng)能不能增加．（3）據(jù)追趕碰撞中的實(shí)際情況及速度關(guān)系判斷．

10．已知平面簡(jiǎn)諧波在 x 軸上傳播，原點(diǎn) O 的振動(dòng)圖線(xiàn)如圖所示，t 時(shí)刻的波形圖線(xiàn)如圖 b 所示．則 時(shí)刻的波形圖線(xiàn)可能是    (  CD  )

分析與解：此題有兩種分析方法：一是由原點(diǎn) O 的振動(dòng)圖線(xiàn) a 可知波源振動(dòng)的周期為0.4s，由圖線(xiàn) b 可知 t 時(shí)刻原點(diǎn) O 在最大位移處，再經(jīng)0.5s即經(jīng)過(guò)1.25T，原點(diǎn) O 將到達(dá)平衡位置，若波向左傳播，選項(xiàng) C 正確；若波向右傳播選項(xiàng) D 正確． 第二種分析方法是：原點(diǎn) O 在 t 時(shí)刻的位移與其在零時(shí)刻的位移相等，說(shuō)明 a 圖也可以理解為原點(diǎn) O 從 t 時(shí)刻開(kāi)始的振動(dòng)圖線(xiàn)，由圖線(xiàn)可以看到再過(guò)0.5s原點(diǎn) O 的位移為零，且向 y 軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)波向左傳播時(shí)，選項(xiàng) C 滿(mǎn)足這一點(diǎn)，當(dāng)波向右傳播時(shí)，選項(xiàng) D 滿(mǎn)足這一點(diǎn)．

思路點(diǎn)撥：本題是關(guān)于波動(dòng)圖象的綜合問(wèn)題，解題要注意：1）波的多解性：有由于波的傳播方向的不同引起的多解和由于波的周期性引起的多解．2）振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象的區(qū)別和聯(lián)系．只有對(duì)振動(dòng)圖象真正的理解，才能運(yùn)用第二種方法靈活求解．

（電學(xué)選擇題編題者：呂長(zhǎng)林 杭慶祥）

11．如圖所示，豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定點(diǎn)A，在Q的正上方的P處用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛另一質(zhì)點(diǎn)B，A、B兩質(zhì)點(diǎn)因帶電而相互排斥，致使懸線(xiàn)與豎直方向成θ角，由于漏電使A、B兩質(zhì)點(diǎn)的帶電量減少，在電荷漏完之前懸線(xiàn)對(duì)懸點(diǎn)P的拉力為：（    C      ）

A．變小                

B．變大    

C．不變       

D．先變小后變大

分析與解：A、B必帶同種電荷，作出B質(zhì)點(diǎn)的受力圖示，如下圖所示，根據(jù)平衡條件，B質(zhì)點(diǎn)所受重力G、庫(kù)侖力F、細(xì)線(xiàn)拉力F₁必組成一個(gè)封閉的三角形abc，由幾何知識(shí)得△abc∽△QBP，則有=，∴F₁ = G。而PB、QP、G均為定值，所以F₁為定植，即細(xì)線(xiàn)對(duì)P點(diǎn)的拉力不變，故應(yīng)選C．

思路點(diǎn)撥： 此題應(yīng)用幾何知識(shí)幫助求解，很巧妙，這種方法望能熟練掌握。

12．  圖所示，PQ是勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的一片薄金屬片，其平面與磁場(chǎng)方向平行，一個(gè)α粒子從某點(diǎn)以與PQ垂直的速度v射出，動(dòng)能是E，射出后α粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示．今測(cè)得它在金屬片兩邊的軌跡半徑之比為10:9，若在穿越板的過(guò)程中粒子受到的阻力大小及電量恒定，則：（   B C    ）

A．α粒子每穿過(guò)一次金屬片，速度減小了             

B．α粒子每穿過(guò)一次金屬片，動(dòng)能減少了0.19E

C．α粒子穿過(guò)5次后陷在金屬片里

D．α粒子穿過(guò)9次后陷在金屬片里

分析與解：偏轉(zhuǎn)半徑R==，所以動(dòng)量p = BqR，故粒子動(dòng)能E_k=子力學(xué) = ，設(shè)α粒子每穿過(guò)一次金屬片后動(dòng)能減少量為△E，則： =  =  =  1－（）²  = 1―（）² = 0.19．所以△E = 0.19E，故B選項(xiàng)正確．又∵穿越次數(shù)N = = = 5.26次．所以，α粒子穿過(guò)5次后將會(huì)被陷在金屬片里，故C選項(xiàng)正確。

思路點(diǎn)撥： 本題的關(guān)鍵是抓住粒子每穿過(guò)一次金屬片所損失的動(dòng)能相等，而不是損失相同的速度。

13．  圖所示，滑動(dòng)變阻器AB的總阻值與圖中電阻R的阻值相等，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)滑動(dòng)觸頭C從右端A點(diǎn)開(kāi)始一直滑到B點(diǎn)為止的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（   C   ）

 A．電流表的讀數(shù)逐漸增大

 B．電流表的讀數(shù)逐漸減小

 C．電流表的讀數(shù)先減小，后增大到原值     

 D．電流表的讀數(shù)先增大，后減小到原值

分析與解：設(shè)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭與A端間的電阻為x，根據(jù)串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)和閉合電路歐姆定律可知：R_總= +（R - x）

干路總電流為I_總= =

∴電流表A的讀數(shù)I_A=I_總==

由上式可以看出由于分母存在最大值，故I_A存在最小值，當(dāng)x=時(shí)有最小值等于，滑動(dòng)觸頭在AB兩端時(shí)，電流相等，均為，因此滑動(dòng)觸頭從A端移到B端的過(guò)程中，電流表的讀數(shù)先變小再變大到原值．

思路點(diǎn)撥：此題重點(diǎn)考察了應(yīng)用數(shù)學(xué)處理物理問(wèn)題的能力，是個(gè)極值題，要認(rèn)真對(duì)待．

14．  一只電爐和一臺(tái)電動(dòng)機(jī)在正常工作時(shí)，通過(guò)它們的電流相同，電爐的電阻也相同，則在相同時(shí)間內(nèi)（  A  B C）

A．電爐和電動(dòng)機(jī)的電熱相等

B．電動(dòng)機(jī)消耗的功率大于電爐消耗的功率

C．電爐兩端電壓小于電動(dòng)機(jī)兩端的電壓

D．電爐和電動(dòng)機(jī)兩端電壓相等

分析與解：由于電熱公式Q = I²Rt，故兩者電熱相等．電動(dòng)機(jī)消耗的功率應(yīng)等于電熱功率加上產(chǎn)生機(jī)械能的功率，而電爐消耗的功率就等于電熱功率，故B正確。由于功率等于UI，I又相等，電動(dòng)機(jī)功率大，故電動(dòng)機(jī)兩端電壓大．本題答案應(yīng)選A、B、C．

思路點(diǎn)撥：對(duì)于這種非純電阻電路，I≠U/R，電動(dòng)機(jī)消耗的功率應(yīng)用UI，而產(chǎn)生電熱功率只能用I²R，根據(jù)能量守恒，前者應(yīng)大于后者．

15．電容器充電后與電源斷開(kāi)，質(zhì)量為m電荷量為q的帶電粒子靜止于該電容器兩平行板中間，現(xiàn)在兩板間貼近下板插入一個(gè)厚度為極板間距離1/4的金屬板，如圖所示，則關(guān)于兩板間電勢(shì)差、帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情況的說(shuō)法中正確的是（    C   ）

A．兩板間電勢(shì)差U增大，帶電粒子向上加速

B．兩板間電勢(shì)差U不變，帶電粒子仍靜止

C．兩板間電勢(shì)差U減小，帶電粒子仍靜止

D．兩板間電勢(shì)差U減小，帶電粒子向下加速

分析與解：由于電容器充電后與電源斷開(kāi)，故插入金屬板后，相當(dāng)于兩個(gè)電容器串聯(lián)。電容器的電量不變，上面電容器d’=3d/4，它的電容C增大，由于U=Q/C，故U減�。�，E與d無(wú)關(guān)，所以E不變，帶電粒子仍靜止．本題答案選C．

思路點(diǎn)撥：本題一定要弄清楚插入金屬板后，哪些物理量發(fā)生變化，又有哪些量不變化．此題不要與插入電介質(zhì)情況相混淆．

16．關(guān)于電磁波，以下說(shuō)法正確的是：（   A  B     ）

A．電磁波本身就是物質(zhì)，因此可以在真空中傳播

B．電磁波由真空進(jìn)入介質(zhì)，速度變小，頻率不變

C．在真空中，頻率高的電磁波速度較大

D．只要發(fā)射電路的電磁振蕩停止，產(chǎn)生的電磁波立即消失

分析與解：答案A、B．由電磁場(chǎng)的物質(zhì)性可知A對(duì)．電磁波由一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)，頻率不變，波速v=C/n，B對(duì)．任何頻率的電磁波在真空中傳播速度一樣大，C錯(cuò)．當(dāng)波源停止振動(dòng)，已形成的波繼續(xù)傳播，并不立即消失，D錯(cuò)．

思路點(diǎn)撥：本題為上海高考題，重點(diǎn)考查電磁波性質(zhì)及其傳播的相關(guān)知識(shí)的理解和掌握情況．

17．如圖所示，一金屬桿MN兩端接有導(dǎo)線(xiàn)，懸掛于線(xiàn)圈的上方，MN與線(xiàn)圈軸線(xiàn)均處于同一豎直平面內(nèi)，為了使MN垂直紙面向外運(yùn)動(dòng)，可以： （    A B D    ）

A．將a、c端接電源正極，b、d端接電源負(fù)極

B．將b、d端接電源正極，a、c端接電源負(fù)極

C．將a、d端接電源正極，b、c端接電源負(fù)極

D．將a、c端接在交變電源的一端，b、d端接在

交變電源的另一端

分析與解：答案  A、B、D．由安培定則，可判斷出通電螺線(xiàn)管產(chǎn)生的磁場(chǎng)，再根據(jù)左手定則判斷通電導(dǎo)線(xiàn)MN的受力，A、B、C三答案中A、B正確．接交流電，電流方向不斷變化，但D答案情況恰好是A、B兩種情況的綜合，D正確．

思路點(diǎn)撥：本題重點(diǎn)考查對(duì)安培定則和左手定則的掌握和應(yīng)用，D選項(xiàng)可反映學(xué)生遷移知識(shí)的能力。

18．如圖所示，AOC是光滑的直角金屬導(dǎo)軌，AO沿豎直方向，OC沿水平方向，ab是一根金屬直棒，如圖立在導(dǎo)軌上，它從靜止開(kāi)始在重力作用下運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中a端始終在AO上，b端始終在OC上，直到ab完全落在OC上，整個(gè)裝置放在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，則ab棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中：（    B     ）

A．感應(yīng)電流方向始終是ba

B．感應(yīng)電流方向先是ba，后變?yōu)?i>ab

C．受磁場(chǎng)力方向與ab垂直，如圖中箭頭所示

D．受磁場(chǎng)力方向與ab垂直，開(kāi)始如圖中箭頭所示，

后來(lái)變?yōu)榕c箭頭所示方向相反。

分析與解：答案 B．不難判斷，在ab棒倒下的過(guò)程中ab棒和直角框架AOC所圍成面積先變大后變小，因磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，因此，穿過(guò)回路磁通量由小變大再變小，由楞次定律，B對(duì)．再由左手定則，C、D均不對(duì)．

思路點(diǎn)撥：本題重點(diǎn)考查學(xué)生對(duì)感應(yīng)電流方向判定方法的選擇，若選擇右手定則應(yīng)答本題會(huì)有較大的困難．

19．圖甲中bacd為導(dǎo)體作成的框架，其平面與水平面成θ角，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒PQ與ab、cd接觸良好，回路的電阻為R，整個(gè)裝置放于垂直于框架平面的變化的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化如圖乙，PQ始終靜止，在0―ts內(nèi)，PQ受到的摩擦力的變化情況可能是：   （   A  C    ）

A．f一直增大                       B．f一直減小

C．f先減小后增大                   D．f先增大后減小

分析與解：答案  A、C．因?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度均勻變化，PQ棒靜止，回路面積不變，因此，回路中感應(yīng)電流大小I不變．但安培力F = BIL先變小，方向由由楞次定律平行斜面向上；后變大，方向由由楞次定律平行斜面向下．分析受力得：若開(kāi)始時(shí)摩擦力方向平行斜面向上，A對(duì)．若開(kāi)始時(shí)摩擦力方向平行斜面向下，C對(duì)．

思路點(diǎn)撥：本題考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律，安培力及其方向的判定，受力分析及平衡，是一道綜合性較大的練習(xí)．

20．如圖為一理想變壓器，K為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，P為滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，U₁變壓器原線(xiàn)圈兩端的電壓，I₁為原線(xiàn)圈中的電流強(qiáng)度，則：（   A  D     ）

A．保持U₁和P的位置不變，K由a合到b時(shí)，I₁將增大

B．保持U₁和P的位置不變，K由a合到b時(shí)，R的功率將減小

C．保持U₁不變，K合到a處，使P上滑，I₁將增大

D．保持P的位置不變，K合到a處，若U₁增大，I₁將增大

分析與解：答案  A、、D．K由a至b時(shí)，n₁減小，由U₂/U₁ = n₁/n₂，可知U₂增大，I₂增大，由I₁/I₂ = n₂/n₁，I₁減小，A對(duì)．同理， D對(duì)．

思路點(diǎn)撥：本題考查對(duì)變壓器公式的應(yīng)用，有一定的靈活性．

（熱學(xué)選擇題編題者：劉白生 肖一濤）

21．只要知道下列哪一組物理量，就可以估算出氣體分子間的平均距離（   B     ）

Ａ．阿伏加德羅常數(shù)，該氣體的摩爾質(zhì)量和質(zhì)量

Ｂ．阿伏加德羅常數(shù)，該氣體的摩爾質(zhì)量和密度

Ｃ．阿伏加德羅常數(shù)，該氣體的質(zhì)量和體積

Ｄ．該氣體的密度、體積和摩爾質(zhì)量

分析與解：氣體分子占據(jù)的空間體積為氣體的總體積除以分子的總數(shù),知道了氣體的摩爾質(zhì)量和密度可由V = M/ρ算出氣體的摩爾體積,從而氣體分子占據(jù)的空間體積為v = V/N_A,氣體分子間的平均距離為d = ，選B．

思路點(diǎn)撥：本題考查物質(zhì)分子空間分布的微觀模型和體積、密度、質(zhì)量、摩爾體積、摩爾質(zhì)量與分子占據(jù)的空間體積之間的關(guān)系．處理此類(lèi)問(wèn)題要注意對(duì)氣體分子一般用立方體模型對(duì)液體和固體一般用球型模型．

分析與解：溫度是物體分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度越高分子的平均動(dòng)能越大．物體的內(nèi)能是物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能和勢(shì)能的總和，物體內(nèi)能的大小與物體的動(dòng)能、勢(shì)能大小無(wú)關(guān)．改變物體內(nèi)能的方法有做功和熱傳遞兩種，選B．

23．下列說(shuō)法中正確的是 （   A  D  ）

A．熱力學(xué)溫標(biāo)的零度是-273.15℃，稱(chēng)為絕對(duì)零度

B．只要制冷設(shè)備功率足夠大，可以使物體的溫度降低到絕對(duì)零度

C．氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)是由于氣體分子間存在相互作用的斥力而產(chǎn)生的

Ｄ．液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是作無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的液體分子撞擊微粒而引起的

分析與解： -273.15℃為熱力學(xué)溫標(biāo)的零度又稱(chēng)絕對(duì)零度，絕對(duì)零度永遠(yuǎn)不可能達(dá)到．氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)是由于氣體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁而產(chǎn)生的，布朗運(yùn)動(dòng)是作無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的液體分子撞擊微粒而引起的．選A、D．

24．根據(jù)熱力學(xué)定律，下列說(shuō)法中正確的是  （   B    ）  

A．可以利用高科技手段，將流散到周?chē)�環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來(lái)加以利用

B．利用淺層和深層海水的溫度差可以制造一種熱機(jī)，將海水的一部分內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能

C．冰箱可以自發(fā)地使熱量由溫度較低的冰箱內(nèi)向溫度較高的冰箱外轉(zhuǎn)移

D．只要是滿(mǎn)足能量守恒的物理過(guò)程，都是可以自發(fā)地進(jìn)行的

分析與解：根據(jù)熱力學(xué)第二定律的兩種表述：（1）不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體而不引起其他變化。（2）不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來(lái)做功．自然界中進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程都具有方向性．選B．

25．如圖所示，甲分子固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O，乙分子位于x軸上，甲分子對(duì)乙分子的作用力與兩分子間距離的關(guān)系如圖中曲線(xiàn)所示.F＞0表示斥力，F＜0表示引力，a、b、c、d為x軸上四個(gè)特定的位置.現(xiàn)把乙分子從a處由靜止釋放，則（    B     ）

A．乙分子由a到b做加速運(yùn)動(dòng)，由b到c做減速運(yùn)動(dòng)

B．乙分子由a到c做加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)c時(shí)速度最大

C．乙分子由a到b的過(guò)程中，兩分子間的分子勢(shì)能一直增加

D．乙分子由b到d的過(guò)程中，兩分子間的分子勢(shì)能一直增加

分析與解：從圖像上看乙分子從a到c移動(dòng)時(shí)一直受到甲分子的引力作用，乙分子做加速運(yùn)動(dòng)，它的速度和動(dòng)能一直增加分子勢(shì)能則不斷減小，到達(dá)c點(diǎn)時(shí)乙分子受到的分子力為零，速度達(dá)到最大，分子勢(shì)能為最�。�乙分子從c到d移動(dòng)時(shí)一直受到甲分子的斥力作用，乙分子做減速運(yùn)動(dòng)，它的速度和動(dòng)能一直減少分子勢(shì)能則不斷增加．選B．

26．一定質(zhì)量的理想氣體，在溫度保持不變時(shí)體積膨脹，必定會(huì)發(fā)生的變化是：（ C  ）

A．氣體分子的總數(shù)增加

B．氣體分子的平均動(dòng)能增大

C．單位體積內(nèi)的分子數(shù)目減小

D．分子的速率都不發(fā)生變化

分析與解：對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體，溫度不變則分子的平均動(dòng)能不變，但這并不意味著每個(gè)分子的動(dòng)能都不變，有少數(shù)分子的動(dòng)能會(huì)減小，也有少數(shù)分子的動(dòng)能會(huì)增大，動(dòng)能變化的分子其速率將發(fā)生變化，故B、D錯(cuò)誤；該氣體質(zhì)量不變，分子的個(gè)數(shù)當(dāng)然不會(huì)變化，體積增大，會(huì)使分子數(shù)密度減小，氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)減�。�選C

思路點(diǎn)撥：用氣體分子運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)分析解決問(wèn)題時(shí)應(yīng)把握：①溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，分子平均動(dòng)能增大；溫度降低，分子平均動(dòng)能減少；但這只是對(duì)大量分子的統(tǒng)計(jì)結(jié)果，即使平均動(dòng)能不變，也會(huì)有少數(shù)分子的平均動(dòng)能增大或減��；②質(zhì)量一定的理想氣體，壓強(qiáng)取決于溫度和分子數(shù)密度．

27．在兩個(gè)相同容器中，分別盛有質(zhì)量相等、溫度相同的氧氣和氮?dú)�，則它們的：（ C ）

A．壓強(qiáng)相等

B．分子運(yùn)動(dòng)的平均速率相等

C．分子的平均動(dòng)能相同，壓強(qiáng)不等

D．分子的平均動(dòng)能相同，壓強(qiáng)相等

分析與解：氧氣和氮?dú)鉁囟认嗤�，則它們的分子平均動(dòng)能相同，但由于氧氣分子和氮?dú)夥肿拥馁|(zhì)量不等，故其分子運(yùn)動(dòng)的平均速率不相等，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；氣體壓強(qiáng)的大小取決于分子的平均動(dòng)能和單位體積內(nèi)的分子數(shù)，氧氣和氮?dú)獾哪�爾質(zhì)量不同，故質(zhì)量相等的兩種氣體的摩爾數(shù)不同，即分子的總數(shù)不同，故體積相等的情況下，分子密度不同，壓強(qiáng)也就不同．選C

思路點(diǎn)撥：不同氣體的分子質(zhì)量不同，因而兩種氣體質(zhì)量相同時(shí)分子個(gè)數(shù)不同，溫度相同時(shí)，盡管平均動(dòng)能相等，但分子平均速率不同．這兩點(diǎn)是分析不同氣體之間某些狀態(tài)時(shí)所要注意的．

28．對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，下列四個(gè)論述中正確的是：（  B  ）

A．當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈時(shí)，壓強(qiáng)必變大

B．當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈時(shí)，壓強(qiáng)可以不變

C．當(dāng)分子間的平均距離變大時(shí)，壓強(qiáng)必變小

D．當(dāng)分子間的平均距離變大時(shí)，壓強(qiáng)必變大

分析與解：對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體：①分子熱運(yùn)動(dòng)的劇烈程度由溫度高低決定；②分子間的平均距離由氣體體積決定；③對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，PV/T=恒量；A、B選項(xiàng)中，“分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈”說(shuō)明氣體溫度升高，但氣體體積變化情況未知，所以壓強(qiáng)變化情況不確定，A錯(cuò)誤B正確；C、D選項(xiàng)中，“分子間的平均距離變大”說(shuō)明氣體體積變大，但氣體溫度變化情況未知，故不能確定其壓強(qiáng)變化情況，C、D均錯(cuò)誤．選B．

思路點(diǎn)撥：本題考查分子運(yùn)動(dòng)理論和理想氣體狀態(tài)的簡(jiǎn)單綜合，注意從分子運(yùn)動(dòng)理論深刻理解理想氣體的三個(gè)狀態(tài)參量，從狀態(tài)方程判定三個(gè)參量之間的變化關(guān)系．

29．一個(gè)密閉的絕熱容器內(nèi)，有一個(gè)絕熱的活塞將它隔成A、B兩部分空間，在A、B兩部分空間內(nèi)封有相同質(zhì)量的空氣，開(kāi)始時(shí)活塞被銷(xiāo)釘固定，A部分氣體的體積大于B部分氣體的體積，溫度相同，如圖所示.若拔出銷(xiāo)釘后，達(dá)到平衡時(shí)，A、B兩部分氣體的體積V_A與V_B的大小，有：（   A    ）

A．V_A＞V_B                                B．V_A=V_B

C．V_A＜V_B                             D．條件不足，不能確定

分析與解：初態(tài)兩氣體質(zhì)量相同，V_A＞V_B，因此氣體分子數(shù)密度不同，ρ_A＜ρ_B，又因?yàn)闇囟认嗤�，根�?jù)氣體壓強(qiáng)的決定因素可知P_A＜P_B，當(dāng)活塞銷(xiāo)釘拿掉，因?yàn)?i>ρ_A＜ρ_B，所以活塞向A氣方向移動(dòng)，活塞對(duì)A氣做功，B氣對(duì)活塞做功，導(dǎo)致A氣體密度增加，溫度升高，而B氣體密度減小，溫度降低，直至P_A′=P_B′，此時(shí)T_A′＞T_B′；又因?yàn)樽罱K兩邊氣體壓強(qiáng)相等活塞才能靜止，而兩邊氣體質(zhì)量相等，A氣溫度高于B氣，兩邊壓強(qiáng)要想相等，只有A氣體密度小于B氣體密度，故最終一定是V_A′＞V_B′，A選項(xiàng)正確．選 A．

思路點(diǎn)撥：對(duì)氣體壓強(qiáng)大小決定因素的理解和物理過(guò)程物理情境的分析是正確解決本題的關(guān)鍵，本題若對(duì)氣體壓強(qiáng)大小決定因素不理解，又不清楚銷(xiāo)釘拔掉后物理情境的變化，極易錯(cuò)選B或C．

30．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b變化到狀態(tài)c，其變化過(guò)程如圖所示，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是：（  B C D ）

A．ab過(guò)程吸熱大于bc過(guò)程放熱

B．ab過(guò)程吸熱小于bc過(guò)程放熱

C．ab過(guò)程吸熱大于bc過(guò)程吸熱

D．ab過(guò)程吸熱小于bc過(guò)程吸熱

分析與解：① a → b是等壓過(guò)程∵V_B＞V_A  ∴T_B＞T_A ∴a → b過(guò)程，氣體對(duì)外做功且內(nèi)能增加，氣體吸收熱量．② b → c是等容過(guò)程  ∵P_C＜P_B  ∴T_C＜T_B，b → c過(guò)程氣體不對(duì)外界做功，外界也不對(duì)氣體做功，但氣體內(nèi)能減小，所以b → c氣體放熱；③由PV/T = 恒量及圖像知T_A = T_C，故a → b → c的全過(guò)程中內(nèi)能沒(méi)有變化，綜上所述a → b→ c中，氣體對(duì)外做功，由能量守恒定律得a → b → c過(guò)程中氣體吸熱，結(jié)合前面分析，a → b過(guò)程吸熱一定大于b → c過(guò)程放熱．選BCD．

思路點(diǎn)撥：對(duì)于圖象描述氣體的狀態(tài)變化，要通過(guò)識(shí)圖弄清它的變化過(guò)程，應(yīng)用狀態(tài)方程判斷氣體狀態(tài)參量的變化，根據(jù)做功與體積變化的關(guān)系及熱力學(xué)第一定律即可判斷放熱或吸熱情況．

（光學(xué)選擇題編題者：徐  斌 吳長(zhǎng)標(biāo)）

31．如圖1，兩塊平面鏡互相垂直放置，若把入射光線(xiàn)AB的

入射角減小一較小的角度θ，則最后的反射光線(xiàn)CD的方向（A）

A．不變

B．逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)θ角

C．順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)θ角

D．順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)2θ角

[解析]從幾何關(guān)系可知經(jīng)互相垂直的平面鏡反射后的光線(xiàn)與入射光線(xiàn)平行，故選A

［思路點(diǎn)撥］本題考察雙平面鏡對(duì)光路的控制作用，可以利用平面幾何的知識(shí)證明，也可以利用成像光路推導(dǎo)，在入射光線(xiàn)AB上任取一點(diǎn)作為物點(diǎn)S，經(jīng)兩平面鏡兩次反射后所成像為S′，S、S′關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱(chēng)，CD不僅方向不變，位置也不發(fā)生平移。

32．由折射率為的材料構(gòu)成的半圓柱的主截面如圖2，沿半徑方向由空氣射入的光線(xiàn)a射到圓柱的平面后，光線(xiàn)b和c分別是它的反射光線(xiàn)和折射光線(xiàn)。若半圓柱繞垂直紙面過(guò)圓心O的軸轉(zhuǎn)過(guò)15⁰，而光線(xiàn)a不動(dòng)，則（B）

A．光線(xiàn)b將偏轉(zhuǎn)15⁰

B．光線(xiàn)b將偏轉(zhuǎn)30⁰

C．光線(xiàn)c將偏轉(zhuǎn)30⁰

D．光線(xiàn)c將偏轉(zhuǎn)45⁰

                                                              圖2

[解析]由反射定律可知反射角等于入射角，所以當(dāng)反射面轉(zhuǎn)過(guò)θ時(shí)，反射光線(xiàn)要轉(zhuǎn)過(guò)2θ，所以B正確。入射角增加15⁰，反射角增大15⁰，折射角也增大，且改變量大于15⁰，折射光線(xiàn)c將順時(shí)針偏轉(zhuǎn)。

［思路點(diǎn)撥］本題考查折射和反射定律的應(yīng)用。

33．如圖3，橫截面為等腰三角形的兩個(gè)玻璃三棱鏡，它們的頂角分別為α、β，且α < β。a、b兩細(xì)束單色光分別以垂直于三棱鏡的一個(gè)腰的方向射入，從另一個(gè)腰射出，射出的光線(xiàn)與入射光線(xiàn)的偏折角均為θ。則ab兩種單色光的頻率υ₁、υ₂間的關(guān)系是（B）

A．   υ₁ = υ₂

B．    υ₁ > υ₂

C．   υ₁ < υ₂

D．  無(wú)法確定

                                                        圖3

[解析]a、b光線(xiàn)的入射角分別為α和β，θ為偏折角，本題可以定性分析，入射角相同時(shí)，折射率大的偏折角大。現(xiàn)在偏折角相同，α < β，n₁>n₂，υ₁ > υ₂ ，B正確

［思路點(diǎn)撥］略

34．我們經(jīng)�？梢钥吹�，凡路邊施工處總掛有紅色的電燈，這除了紅色光容易引起人的視覺(jué)注意以外，還有一個(gè)重要的原因，這一原因是紅色光（ B ）

A．比其它色光更容易發(fā)生衍射

B．比其它可見(jiàn)光更容易發(fā)生衍射

C．比其它可見(jiàn)光的光子能量大

D．比其它可見(jiàn)光更容易發(fā)生光電效應(yīng)

[解析]在可見(jiàn)光中，紅光的波長(zhǎng)較長(zhǎng)，衍射現(xiàn)象更明顯，選B

［思路點(diǎn)撥］本題是一道理論聯(lián)系實(shí)際的題

35．如圖4，直角三角形ABC為一透明介質(zhì)制成的三棱鏡的截面，

且⁰，在整個(gè)AC面上有一束垂直于AC的平行光線(xiàn)射入，

已知這種介質(zhì)的折射率n>2，則（ BC ）

A可能you光線(xiàn)垂直AB面射出                                                        C

B．一定有光線(xiàn)垂直BC面射出

C．一定有光線(xiàn)垂直AC面射出                               

D．從AB面和BC面出射的光線(xiàn)能會(huì)聚一點(diǎn)                      

 A       30⁰           B

圖4

[解析]BC

［思路點(diǎn)撥］要會(huì)畫(huà)三種特殊光路。

36．離平面鏡很近的點(diǎn)光源S發(fā)出的光一部分直接照到光屏上，另一部分則照到平面鏡上，經(jīng)平面鏡反射后再照到光屏上，如圖5，則在光屏上的什么范圍內(nèi)可以觀察到光的干涉現(xiàn)象                                        

A．a(chǎn)、c之間 （ B ）                                                            

B．c、d之間                                                           

C．d、b之間                                                               

D．a(chǎn)、b之間

                                                                                                                          [解析]    cd部分是兩束光重疊的區(qū)域，故B正確

［思路點(diǎn)撥］略

37．如圖6是揚(yáng)氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)示意圖，其中S₁、S₂為雙縫，D為光屏，實(shí)驗(yàn)中觀察到屏上O點(diǎn)為中央亮紋的中心，P₁為第一級(jí)亮紋的中心，若將雙縫間的距離變小，其它條件不變，則（  BCD ）

A．屏上干涉條紋的間距將變小

B．屏上O點(diǎn)仍然為中央亮紋的中心                          S₁              ．P₁

C．屏上P₁位置仍然可能為亮紋的中心           S ．                          O

D．屏上P₁位置可能為暗紋的中心                           S₂     

圖6

[解析]干涉條紋間距Δx＝，d為雙縫間距，d減小，Δx變大，A不正確，O點(diǎn)到雙縫的光程差為零，所以O(shè)點(diǎn)始終是亮紋。P₁到雙縫的光程差小于一個(gè)波長(zhǎng)，有可能是暗條紋。

［思路點(diǎn)撥］本題要求考生對(duì)深刻理解干涉現(xiàn)象，而不是死記硬背。

38．把一個(gè)曲率半徑很大的凸透鏡的彎曲表面壓在另一個(gè)玻璃平面上，讓單色光從上方射入如圖7（a），這時(shí)可以看到亮暗相間的同心圓，這個(gè)同心圓叫做牛頓環(huán)，如圖7（b）。則（BD）

A．牛頓環(huán)是由透鏡的上、下表面的反射光發(fā)生干涉而形成的

B．牛頓環(huán)是由透鏡下表面的反射光和平面玻璃上表面的反射光發(fā)生干涉而形成的

C．透鏡表面彎曲越厲害，牛頓環(huán)的直徑就越大

D．透鏡表面彎曲越厲害，牛頓環(huán)的直徑就越小。

                                                                                                          _。

                                                          （a）     圖7     （b）

[解析]牛頓環(huán)是一種典型的薄膜干涉的實(shí)例，其中的薄膜是空氣膜，發(fā)生干涉的兩束光是空氣膜的兩個(gè)表面上的反射光，因而B(niǎo)正確。傾角越大，條紋寬度越窄，D正確。

［思路點(diǎn)撥］要求考生理解薄膜干涉情況下決定條紋間距的因素有波長(zhǎng)和劈的傾角。

39．在右圖所示的光電管的實(shí)驗(yàn)中，發(fā)現(xiàn)用一定頻率的A單色光照射光電管時(shí)，電流表指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，而用另一頻率的B單色光照射時(shí)不發(fā)生光電效應(yīng)，那么     （A C ）

         A．A光的頻率大于B光的頻率。

         B．B光的頻率大于A光的頻率。

         C．用A光照射光電管時(shí)流過(guò)電流表 G的電流方向是a流向b。

         D．用A光照射光電管時(shí)流過(guò)電流表G的電流方向是b流向a。

[解析]B單色光不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，B的頻率小于極限頻率，A正確。光電效應(yīng)中發(fā)射的是電子，因而電流方向是a流向b，C正確。

［思路點(diǎn)撥］略。

40．如圖所示，兩塊同樣的玻璃直角三棱鏡ABC，兩者的AC面是平行放置的，在它們之間是均勻的未知透明介質(zhì)。一單色細(xì)光束O垂直于AB面入射，在圖示的出射光線(xiàn)中（B）

A．1、2、3（彼此平行）中的任一條都有可能

B．4、5、6（彼此平行）中的任一條都有可能

C．7、8、9（彼此平行）中的任一條都有可能

D．只能是4、6中的某一條

[解析] 光線(xiàn)由左邊三棱鏡AB面射入棱鏡，不改變方向；接著將穿過(guò)兩三棱鏡間的未知透明介質(zhì)進(jìn)入右邊的三棱鏡，由于透明介質(zhì)的兩表面是平行的，因此它的光學(xué)特性相當(dāng)于一塊兩面平行的玻璃磚，能使光線(xiàn)發(fā)生平行側(cè)移，只是因?yàn)樗鼉蛇叺慕橘|(zhì)不是真空，而是折射率未知的玻璃，因此是否側(cè)移以及側(cè)移的方向無(wú)法確定（若未知介質(zhì)的折射率n與玻璃折射率相等，不側(cè)移；若n>時(shí)，向上側(cè)移；若n<時(shí)，向下側(cè)移），但至少可以確定方向沒(méi)變，仍然與棱鏡的AB面垂直。這樣光線(xiàn)由右邊三棱鏡AB面射出棱鏡時(shí)，不改變方向，應(yīng)為4、5、6中的任意一條。選項(xiàng)B正確。

［思路點(diǎn)撥］平時(shí)碰到的兩面平行的玻璃磚往往是清清楚楚畫(huà)出來(lái)的，是“有形”的，其折射率大于周?chē)�介質(zhì)的折射率，這時(shí)光線(xiàn)的側(cè)移方向也是我們熟悉的。而該題中，未知介質(zhì)形成的兩面平行的“玻璃磚”并未勾勒出來(lái)，倒是其兩側(cè)的介質(zhì)（三棱鏡）被清楚地勾勒出來(lái)了，而且前者的折射率未必大于后者。這就在一定程度上掩蓋了兩面平行“玻璃磚”的特征。因此我們不僅要熟悉光學(xué)元件的光學(xué)特征，而且要會(huì)靈活地運(yùn)用，將新的情景轉(zhuǎn)化為我們熟知的模型。

（原子物理選擇題編題者：李鴻彬 宋裕香）

41．甲、乙兩種單色光分別垂直進(jìn)入一塊厚玻璃磚，已知它們通過(guò)玻璃中的時(shí)間t_甲>t_乙，那么，甲乙兩種單色光光子的能量關(guān)系是：                             (  A  )

A、E_甲>E_乙     B、E_甲<E_乙  

C、E_甲=E_乙     D、不能確定

[解析]垂直射向厚玻璃磚表面的甲、乙兩種單色光，在玻璃磚內(nèi)的射程相等，因?yàn)閠_甲>t_乙，所以甲在玻璃中的光速小于乙在玻璃中的光速，而兩種色光在玻璃磚內(nèi)的光速V=c/n，所以甲在玻璃中的折射率大于乙在玻璃中的折射率，甲光的頻率大于乙光的頻率，根據(jù)E=hn,即E_甲>E_乙，選擇A

［思路點(diǎn)撥］本題從各種色光在介質(zhì)中的折射率、光速、頻率，以及光子能量和頻率的關(guān)系等問(wèn)題對(duì)學(xué)生考查，需要學(xué)生對(duì)這些關(guān)系進(jìn)行識(shí)記。

42．氫原子的核外電子由一個(gè)能級(jí)躍遷到另一能級(jí)時(shí),可能發(fā)生的情況有     (  BC  )

A、放出光子,電子動(dòng)能減少,原子勢(shì)能增加

B、放出光子,電子動(dòng)能增加,原子勢(shì)能減少

C、吸收光子,電子動(dòng)能減少,原子勢(shì)能增加

D、吸收光子,電子動(dòng)能增加,原子勢(shì)能減少

 [解析]氫原子的核外電子由一個(gè)能級(jí)躍遷到另一個(gè)能級(jí)可能有兩種情況，一種由高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，另一種由低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，當(dāng)電子由高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，電子的總能量在減少，對(duì)外放出光子，原子核對(duì)電子的電場(chǎng)力作正功，動(dòng)能增加，原子勢(shì)能減少，反之，吸收光子，動(dòng)能減少，原子勢(shì)能增加。選B、C

［思路點(diǎn)撥］本題就玻爾的氫原子模型中能級(jí)之間躍遷過(guò)程中能量的變化問(wèn)題對(duì)學(xué)生考查，要求學(xué)生理解能量變化的實(shí)質(zhì)。另外此題與衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)模型中動(dòng)能和重力勢(shì)能的變化相似，學(xué)生可進(jìn)行類(lèi)比。

43．一群處于基態(tài)的氫原子吸收某種單色光光子后，只發(fā)射波長(zhǎng)為l₁、l₂、l₃的三種單色光光子，且l₁〉l₂〉l₃，則被氫原子吸收的光子的波長(zhǎng)為  （ AD ）

A、l₃          B、l₁+l₂+l₃     C、   D、

[解析] 據(jù)l=c/n判斷能量最高的光子波長(zhǎng)為l₃，氫原子吸收光子的能量必須達(dá)到才有可能發(fā)射l₁、l₂、l₃三種色光，又據(jù)氫原子能級(jí)圖可知hn₁+hn₂ = hn₃ 即：所以l₃=，選A、D

［思路點(diǎn)撥］本題考查氫原子躍遷過(guò)程中能量、波長(zhǎng)、頻率的關(guān)系問(wèn)題，原子必須吸收其中最大頻率或最小波長(zhǎng)的光子才能釋放這三種可能的光子，此題學(xué)生容易漏選D

44．假設(shè)一個(gè)沿著一定方向運(yùn)動(dòng)的光子和一個(gè)靜止的自由電子相互碰撞后，電子向某一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，光子沿另一方向散射出去，則這個(gè)散射光子跟原來(lái)的光子相比   （ D ）

A、頻率變大         B、速度變小

C、光子能量變大     D、波長(zhǎng)變長(zhǎng)

[解析]光子和自由電子相互碰撞以后，由能量守恒，光子將一部分能量傳遞給了電子，自身的能量減小，據(jù)E=hn,這個(gè)散射光子的頻率減小，據(jù)l=c/n波長(zhǎng)變長(zhǎng)。速度大小因散射方向不確定，不能確定。選D

［思路點(diǎn)撥］光具有波粒二象性，光子和電子、質(zhì)子這樣的實(shí)物粒子一樣不僅有能量，也有動(dòng)量，碰撞過(guò)程中滿(mǎn)足能量守恒，動(dòng)量也守恒。

45．U是一種放射性元素，進(jìn)行一系列放射性衰變，由圖可知：    （  ABD  ）

A、表中a是84，b是206

B、x是β衰變，放出電子，電子是由中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的   

C、y是β衰變，放出電子，電子是由中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的

D、從U衰變成Pb要經(jīng)過(guò)6次x衰變，8次y衰變

x y 試題詳情           Ti      Pb 試題詳情 [解析] 由圖可知衰變方程Bi       Ti +He, Bi       Po +e 試題詳情 Po       Pb+He,根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，分別得到b為206，a為84，其中x是β衰變，放出的電子是由中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的，y是a衰變，從U衰變成Pb要經(jīng)過(guò)次a衰變，82-[(92-2´8)]=6次β衰變,選A、B、D ［思路點(diǎn)撥］核反應(yīng)方程遵循核電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，每次a衰變新核質(zhì)量數(shù)減少4，核電荷數(shù)減少2，每次b衰變新核質(zhì)量數(shù)不變，核電荷數(shù)增加1，同時(shí)要理解a衰變和b衰變的實(shí)質(zhì)。 試題詳情 46．如圖所示,四個(gè)示意圖所表示的實(shí)驗(yàn)中,能說(shuō)明光具有粒子性的是  （  C  ） 試題詳情 [解析]：本題中的A是盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)，說(shuō)明原子的結(jié)構(gòu)是核式結(jié)構(gòu)；B是光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，說(shuō)明光具有波動(dòng)性；C是光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，說(shuō)明光具有粒子性；D是研究放射性元素放射現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)。因此正確答案為C。 ［思路點(diǎn)撥］：本題要求了解課本上所提到的一些重要的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，理解實(shí)驗(yàn)所說(shuō)明的問(wèn)題和得到的結(jié)論，進(jìn)而了解該實(shí)驗(yàn)在推動(dòng)物理學(xué)發(fā)展上的意義。 試題詳情 47．英國(guó)物理學(xué)家盧瑟福用α粒子轟擊金箔，為了解釋實(shí)驗(yàn)結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，下圖中，O表示金原子核的位置，兩曲線(xiàn)分別表示經(jīng)過(guò)金原子核附近的α粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，能正確反映實(shí)驗(yàn)結(jié)果的圖是：（ B D ） 試題詳情                                     ?                  ?                    ?               ?             A                 B                    C               D [解析]：本題基于α粒子散射實(shí)驗(yàn)考查帶電粒子在點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，由于α粒子受到金原子核的斥力作用，而且越靠近原子核斥力越大，因此越靠近原子核，軌跡的曲率半徑越小，C圖中兩曲線(xiàn)曲率半徑相等，C圖錯(cuò)誤。由力的方向和運(yùn)動(dòng)方向可知，A圖錯(cuò)誤。因些正確答案為B和D。 ［思路點(diǎn)撥］：本題涉及α粒子的受力和其運(yùn)動(dòng)軌跡問(wèn)題，當(dāng)力的方向和運(yùn)動(dòng)方向不在一條直線(xiàn)上時(shí)，物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，且從圓周運(yùn)動(dòng)的向心力公式可知，當(dāng)α粒子越靠近金原子核，速度越小，受力越大，因此地，軌跡的曲率半徑越小。 試題詳情 48．氫原子中核外電子從第3能級(jí)躍遷到第2能級(jí)時(shí)，輻射出的光照射到某金屬上恰能產(chǎn)生光電效應(yīng)。則當(dāng)大量處于第4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，輻射出各種頻率的光照射到此金屬上，可能使此金屬發(fā)生光電效應(yīng)的光最多有（ B ） A.6種         B.5種        C.4種         D.3種 [解析]：大量處于第4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，共可發(fā)射出6種不同頻率的光子，其中能量大于和等于從第3能級(jí)躍遷到第2能級(jí)的光子共有5種，因此正確答案為B。 試題詳情 ［思路點(diǎn)撥］：大量處于第4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，通過(guò)畫(huà)圖或組合公式可知共可發(fā)射出=6種不同頻率的光子，由于從第3能級(jí)躍遷到第2能級(jí)的光子的頻率恰大于該金屬的極限頻率，在6種不同頻率的光子中，頻率大于極限頻率的共有5種，這幾種光子都可使金屬發(fā)生光電效應(yīng)。 試題詳情 49．在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一個(gè)原來(lái)靜止的碳14原子核，它放射出的粒子與反沖核的徑跡是兩個(gè)內(nèi)切的圓，兩圓的直徑之比為7：1，如圖所示，那么碳14的衰變方程為（ D ） <ul id="qeth9"><b id="qeth9"></b></ul> <thead id="qeth9"></thead> B 試題詳情 B、C    He + Be           ×　　×　 　×　   × 試題詳情 C、C    H+B               ×　　×　 　×　   × 試題詳情 D、C    e + N           ×　　×　 　×　   × [解析]：由于放出的粒子與反沖核的運(yùn)動(dòng)方向相反，所受洛侖茲力方向相同，放出的粒子帶負(fù)電，進(jìn)一步分析，由于放出的粒子與反沖核的動(dòng)量大小相等，根據(jù)r=mv/Bq，反沖核的電量是放出的粒子電量的7倍，可知答案為D。 ［思路點(diǎn)撥］：原子核在發(fā)生衰變時(shí)，應(yīng)遵循動(dòng)量守恒定律，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的規(guī)律，帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所受洛侖茲力的方向判斷和軌道半徑公式的應(yīng)用也是本題所要求的。 試題詳情 50．已知一光電管陰極的極限頻率為υ0，現(xiàn)將頻率為υ（υ＞υ0）的光照射在陰極上，如圖所示，則（ D ）    A.照射到陰極上的光的強(qiáng)度愈大，單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目就愈多    B. 照射到陰極上的光的強(qiáng)度愈大，光電子從陰極逸出時(shí)的最大初動(dòng)能增大    C. 加在AK間的正向電壓愈大，光電子從陰極逸出時(shí)的最大初動(dòng)能增大 D.為了阻止光電子到達(dá)A，必須在AK間加一足夠高的反向電壓 試題詳情   [解析]: .照射到陰極上的光的強(qiáng)度愈大，單位時(shí)間內(nèi)的光子數(shù)增多，單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目就愈多，A答案正確；光電子的最大初動(dòng)能取決于照射光的頻率和極限頻率，與照射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，與加在AK間的電壓無(wú)關(guān)， B、C答案錯(cuò)誤；在AK間加一足夠高的反向電壓，即A極的電勢(shì)比K低，光電子不能到達(dá)A極，D答案正確。 ［思路點(diǎn)撥］：本題涉及光電效應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)生及相關(guān)規(guī)律，特別是影響光電子最大初動(dòng)能的因素；若在AK間加一電壓，光電子飛出后會(huì)受到電場(chǎng)對(duì)它的作用。   試題詳情 同步練習(xí)冊(cè)答案 全品作業(yè)本答案 同步測(cè)控優(yōu)化設(shè)計(jì)答案 長(zhǎng)江作業(yè)本同步練習(xí)冊(cè)答案 同步導(dǎo)學(xué)案課時(shí)練答案 仁愛(ài)英語(yǔ)同步練習(xí)冊(cè)答案 一課一練創(chuàng)新練習(xí)答案 時(shí)代新課程答案 新編基礎(chǔ)訓(xùn)練答案 能力培養(yǎng)與測(cè)試答案 更多練習(xí)冊(cè)答案 百度致信 - 練習(xí)冊(cè)列表 - 試題列表 湖北省互聯(lián)網(wǎng)違法和不良信息舉報(bào)平臺(tái) | 網(wǎng)上有害信息舉報(bào)專(zhuān)區(qū) | 電信詐騙舉報(bào)專(zhuān)區(qū) | 涉歷史虛無(wú)主義有害信息舉報(bào)專(zhuān)區(qū) | 涉企侵權(quán)舉報(bào)專(zhuān)區(qū) 違法和不良信息舉報(bào)電話(huà)：027-86699610 舉報(bào)郵箱：58377363@163.com 版權(quán)聲明：本站所有文章，圖片來(lái)源于網(wǎng)絡(luò)，著作權(quán)及版權(quán)歸原作者所有，轉(zhuǎn)載無(wú)意侵犯版權(quán)，如有侵權(quán)，請(qǐng)作者速來(lái)函告知，我們將盡快處理，聯(lián)系qq：3310059649。 ICP備案序號(hào): 滬ICP備07509807號(hào)-10 鄂公網(wǎng)安備42018502000812號(hào)