分析 (1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出abcd中的感應(yīng)電動勢,進(jìn)而求出MN間的電勢差;
(2)根據(jù)動能定理求出粒子離開小孔時(shí)的速度,根據(jù) 牛頓第二定律求出粒子在右邊磁場中的圓周運(yùn)動半徑,由幾何知識求出偏離原方向的距離.
解答 解:(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,閉合電路的電動勢為:E=$\frac{△Φ}{△t}$=$\frac{{l}^{2}×△B}{△t}$=kl2
根據(jù)閉合電路的歐姆定律,閉合電路的電流為:
I=$\frac{E}{R+3lr}$=$\frac{k{l}^{2}}{R+3lr}$
電阻R兩端的電壓為:UR=IR=$\frac{k{l}^{2}R}{R+3lr}$因電容器與電阻R是并聯(lián)的,
故電容器獲得的電壓為:U=UR=$\frac{k{l}^{2}R}{R+3lr}$
(2)粒子在電容器中受到電場力作用而做勻加速直線運(yùn)動,設(shè)進(jìn)入右側(cè)磁場的速度為v,有:
qU=$\frac{1}{2}$mv2
解得:v=$\sqrt{\frac{2qU}{m}}$=$\sqrt{\frac{2qk{l}^{2}R}{m(R+3lr)}}$
設(shè)粒子做圓周運(yùn)動的半徑為a,根據(jù)洛倫茲力提供向心力有:
qvB2=m$\frac{{v}^{2}}{a}$
得:a=$\frac{m}{q{B}_{2}}\sqrt{\frac{2qk{l}^{2}R}{m(R+3lr)}}$=$\frac{l}{{B}_{2}}\sqrt{\frac{2kRm}{q(R+3lr)}}$
已知粒子從磁場右邊界離開,由幾何關(guān)系知偏轉(zhuǎn)距離為:
d=a-$\sqrt{{a}^{2}-{L}^{2}}$
整理得:d=$\frac{l}{{B}_{2}}\sqrt{\frac{2kRm}{q(R+3lr)}}$-$\sqrt{\frac{2kRm{l}^{2}}{(R+3lr)q{B}_{2}^{2}}-{L}^{2}}$
答:(1)電容器獲得的電壓是$\frac{k{l}^{2}R}{R+3lr}$
(2)如果粒子從右側(cè)離開磁場B2,此時(shí)粒子偏離原方向的距離是$\frac{l}{{B}_{2}}\sqrt{\frac{2kRm}{q(R+3lr)}}$-$\sqrt{\frac{2kRm{l}^{2}}{(R+3lr)q{B}_{2}^{2}}-{L}^{2}}$.
點(diǎn)評 本題考查帶電粒子在磁場中勻速圓周運(yùn)動和電磁感應(yīng)的綜合.注意本題中的電動勢為感生電動勢,要會正確的認(rèn)清等效電路,同時(shí)明確帶電粒子在磁場運(yùn)動中的規(guī)律應(yīng)用.
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 速率是速度的大小,平均速率是平均速度的大小 | |
B. | 物體運(yùn)動的速度改變量越大,它的加速度一定越大 | |
C. | 速度很大的物體,其加速度可以很小,也可以為零 | |
D. | 作變速直線運(yùn)動的物體,加速度方向與運(yùn)動方向相同,當(dāng)物體加速度減小時(shí),它的速度也減小 |
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科目:高中物理 來源: 題型:解答題
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科目:高中物理 來源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | P向下滑動時(shí),燈L亮度不變 | |
B. | P向上滑動時(shí),變壓器的輸出功率變小 | |
C. | P向上滑動時(shí),變壓器的輸入電流變小 | |
D. | P向下滑動時(shí),變壓器的輸出電壓不變 |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 8m,2 Hz | B. | 8 m,0.5 Hz | C. | 4 m,2 Hz | D. | 4 m,0.5 Hz |
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科目:高中物理 來源: 題型:填空題
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科目:高中物理 來源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 輕繩越長,F(xiàn)越大 | B. | 輕繩越長,輕繩的張力越大 | ||
C. | 輕繩越短,A、B之間的彈力越大 | D. | 輕繩越短,A、B之間的摩擦力越小 |
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