16.利用電場和磁場,可以將比荷不同的離子分開,這種方法在化學分析和原子核技術領域有重要的應用. 如圖所示的矩形區(qū)域ABDG(AC邊足夠長)中存在垂直于紙面的勻強磁場,A處有一狹縫.離子源產生的離子,經(jīng)電場加速后穿過狹縫沿垂直于GA且垂直于磁場的方向射入磁場,運動到GA邊,被相應的收集器收集.整個裝置內部為真空.已被加速的兩種正離子的質量分別是m1和m2(m1>m2),電荷量均為q.加速電場的電勢差為U.離子進入電場時的初速度可以忽略.不計重力,也不考慮離子間的相互作用.
(1)求質量為m1的離子進入磁場時的速度v1;
(2)當磁感應強度的大小為B時,求兩種離子在GA邊落點的距離x;
(3)在前面的討論中忽略了狹縫寬度的影響,實際裝置中狹縫具有一定的寬度.若狹縫過寬,可能使兩束離子在GA邊上的落點區(qū)域交疊,導致兩種離子無法完全分離.設磁感應強度大小可調,GA邊長為一定值L,狹縫寬度為d,狹縫右邊緣在A處,離子可以從狹縫各處射入磁場,入射方向仍垂直于GA邊且垂直于磁場,為保證上訴兩種離子能落在GA邊上并被完全分離,求狹縫的最大寬度.

分析 帶電粒子先進入電場再進入磁場,這是最基礎的物理問題,利用動能定理和牛頓第二定律不難離開電場的速度和在磁場中運動的半徑.
(1)利用動能定理,電場力做的功等于粒子動能的增量,很容易求出進入磁場的速度,這是本題的第一個鋪墊.
(2)由洛侖茲力提供向心力(即牛頓第二定律)也很方便求出兩種粒子落點的距離,這是本題的第二個鋪墊.
(3)要使兩種粒子的落點無重疊,則直徑之差大于縫寬,結合質量較大的粒子的走私有一最大值L-d,代入不等式,就能求出縫寬的最大值.

解答 解:(1)加速電場對離子m1做的功為:W=qU
由動能定理有:$\frac{1}{2}{m}_{1}{{v}_{1}}^{2}=qU$…①
得:${v}_{1}=\sqrt{\frac{2qU}{{m}_{1}}}$
   (2)由牛頓第二定律和洛侖茲力公式有:
$qvB=\frac{m{v}^{2}}{R}$,
$R=\frac{mv}{qB}$.
 利用①式得離子在磁場中的軌道半徑分別為:
${R}_{1}=\sqrt{\frac{2{m}_{1}U}{q{B}^{2}}}$,${R}_{2}=\sqrt{\frac{2{m}_{2}U}{q{B}^{2}}}$…②
兩種離子在GA上落點的間距為:$x=2{R}_{1}-2{R}_{2}=\sqrt{\frac{8U}{q{B}^{2}}}(\sqrt{{m}_{1}}-\sqrt{{m}_{2}})$…③
(3)質量為m1的離子,在GA邊上的落點都在其入射點左側2R1處,由于狹縫的寬度為d,因此落點區(qū)域的寬度也是d,同理,質量為m2的離子在GA邊上落點區(qū)域的寬度也是d.
為保證兩種離子能完全分離,兩個區(qū)域應無交疊,條件為:
2R1-2R2>d…④
利用②式,代入④式得:$2{R}_{1}(1-\sqrt{\frac{{m}_{2}}{{m}_{1}})>d}$          
R1的最大值滿足2Rm=L-d       
得:$(L-d)(1-\sqrt{\frac{{m}_{2}}{{m}_{1}})}>d$
求得最大值為:$ihohvhh_{m}=\frac{\sqrt{{m}_{1}}-\sqrt{{m}_{2}}}{2\sqrt{{m}_{1}}-\sqrt{{m}_{2}}}L$   
答:(1)求質量為m1的離子進入磁場時的速度為$\sqrt{\frac{2qU}{{m}_{1}}}$.
(2)當磁感應強度的大小為B時,求兩種離子在GA邊落點的距離為$\sqrt{\frac{8U}{q{B}^{2}}}(\sqrt{{m}_{1}}-\sqrt{{m}_{2}})$.
(3)若考慮縫寬,要使兩種粒子的落點無重疊,則縫寬的最大值為$\frac{\sqrt{{m}_{1}}-\sqrt{{m}_{2}}}{2\sqrt{{m}_{1}}-\sqrt{{m}_{2}}}L$

點評 本題的難點在于第三問,在解得前兩問的基礎上,才能畫龍點睛.關鍵點在于等式和不等式的結合,不等式是直徑之差大于縫寬,等式是質量較大的粒子有一最大半徑L-d,聯(lián)立兩式可以縫寬最大值.

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7.一列橫波從t=0時刻開始,從原點O沿著x軸傳播,t=0.6s時刻傳至A點,若OA=12m,AB=8m,BC=10m,則下列說法正確的是(  )
A.波動過程從開始到C點運動以后的時間內,A點的路程總是比C點的路程多18cm
B.t=1s時刻B點的位移是2cm
C.t=1.5s時刻C點第一次在波谷
D.波動過程從開始到B點運動以后的時間內,A點的路程總是比B點的路程多8cm

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4.一列簡諧橫波,在t=0.6s時刻的圖象如圖甲所示,此時P、Q兩質點的位移均為-1cm,波上A質點的振動圖象如圖乙所示,則以下說法不正確的是( 。
A.這列波沿x軸正方向傳播
B.這列波的波速是$\frac{50}{3}$m/s
C.從t=0.6 s開始,緊接著的△t=0.6 s時間內,A質點通過的路程是10cm
D.從t=0.6 s開始,質點P比質點Q早0.4 s回到平衡位置

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A.質點P、Q的起振方向都沿y軸正方向
B.t=1.5s時刻,質點P、Q都處于平衡位置
C.t=1.5s時刻之前,質點M始終處于靜止狀態(tài)
D.t=2.5s時M點處于平衡位置向y軸正方向運動
E.M點開始振動后做振福為2cm,周期為2s的簡諧運動

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1.如圖,在勻強電場中有一△ABC,該三角形平面與電場線平行,O為三條中線AE、BF、CD的交點.將一電荷量為2.0×10-8 C的正點電荷從A點移動到C點,電場力做的功為6.0×10-7J;將該點電荷從C點移動到B點,克服電場力做功為4.0×10-7 J,設C點電勢為零.由上述信息通過計算或作圖不能確定的是( 。
A.勻強電場的方向
B.O點的電勢
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D.過A點的等勢線

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A.剛撤去外力F時,F(xiàn)N=30N
B.當 A物體向上的位移為0.3m時,F(xiàn)N=20N
C.當兩物體速度最大時,彈簧處于壓縮狀態(tài),且FN=10N
D.當A、B兩物體將分離時刻,A物體的位移大小為0.6m

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B.乙球在追上甲球之前他們相距的最遠距離為8m
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