14.如圖所示,兩套完全相同的小物塊和軌道系統(tǒng),軌道固定在水平桌面上,物塊質(zhì)量m=1kg,軌道長度l=2m,物塊與軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.20,現(xiàn)用水平拉力F1=6N、F2=4N同對(duì)拉兩個(gè)物塊,分別作用一段距離后撤去,使兩物塊都能從靜止出發(fā),運(yùn)動(dòng)到軌道另一端時(shí)恰好停止.(g=l0m/s2)求:
(1)在F1作用下的小物塊加速度a1多大?
(2)從兩物塊運(yùn)動(dòng)時(shí)開始計(jì)時(shí)直到都停止,除了物塊在軌道兩端速度都為零之外,另有某時(shí)刻t兩物塊速度相同,則t為多少?

分析 (1)根據(jù)牛頓第二定律得出在F1作用下的小物塊加速度.
(2)根據(jù)牛頓第二定律求出物塊1減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小,結(jié)合勻加速和勻減速直線運(yùn)動(dòng)的位移之和得出速度達(dá)到最大的時(shí)刻,由題意分析出兩物塊速度相等時(shí),處于加速還是減速階段,結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物塊速度相等的時(shí)刻.

解答 解:(1)根據(jù)牛頓第二定律得:F1-μmg=ma1,
解得:${a}_{1}=\frac{{F}_{1}-μmg}{m}=\frac{6-0.2×10}{1}m/{s}^{2}$=4m/s2
(2)物塊1先加速后減速,減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為:${a}_{2}=\frac{μmg}{m}=μg=2m/{s}^{2}$,
從靜止開始運(yùn)動(dòng)到最大速度的時(shí)間為t1,則有:$\frac{1}{2}{a}_{1}{{t}_{1}}^{2}+\frac{({a}_{1}{t}_{1})^{2}}{2{a}_{2}}=l$,
代入數(shù)據(jù)解得:${t}_{1}=\frac{\sqrt{3}}{3}s$,
同理可得,物塊2加速的加速度為:${a}_{3}=\frac{{F}_{2}-μmg}{m}=\frac{4-0.2×10}{1}m/{s}^{2}=2m/{s}^{2}$,減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為:${a}_{4}=μg=2m/{s}^{2}$,
由題意知,兩物塊速度相等時(shí),物塊1正在減速,物塊2正在加速,設(shè)此時(shí)刻為t,則:
a1t1-a2(t-t1)=a3t,
代入數(shù)據(jù)解得:$t=\frac{3}{2}{t}_{1}=\frac{\sqrt{3}}{2}s$.
答:(1)在F1作用下的小物塊加速度為4m/s2
(2)t為$\frac{\sqrt{3}}{2}s$.

點(diǎn)評(píng) 本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用,知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁,判斷出物塊速度相等時(shí)兩物塊的運(yùn)動(dòng)規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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A.B.C.D.

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(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小
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2.如圖所示,一固定在地面上的軌道ABC,其中AB長.S1=2m,AB與水平面間的夾角為θ=37,一小物塊自A處由靜止釋放,小物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.25,小物塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)無機(jī)械能損失(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2).求:
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(2)小物塊到達(dá)B處的速度大。
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9.如圖所示,一木塊放在水平桌面上,在水平方向上沿一條直線受到兩個(gè)外加推力F1、F2的作用,木塊處于靜止?fàn)顟B(tài).其中F1=9N,F(xiàn)2=2N,若撤去推力F1并保持F2不變,則(  )
A.木塊依然保持靜止?fàn)顟B(tài)B.木塊可能開始向左加速運(yùn)動(dòng)
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19.將一質(zhì)量為m的小球靠近墻面豎直向上拋出,圖甲、圖乙分別是上升和下降時(shí)的頻閃照片,O點(diǎn)恰是運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn).假設(shè)小球所受阻力大小不變,重力加速度為g,則小球向上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為1.5g,受到的阻力大小為0.5mg.

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(1)要使物體與長木板不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),求拉力F的最大值;
(2)要使物體2s內(nèi)從長木板上滑下,求拉力F的最小值.

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4.工人師傅在改裝電爐時(shí),為了使電功率減小到原來的一半,下列措施中可行的是( 。
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