如圖所示,一質(zhì)量為M,長為L的木板固定在光滑水平面上.一質(zhì)量為m的小滑塊以水平速度v0從木板的左端開始滑動(dòng),滑到木板的右端時(shí)速度恰好為零.
(1)小滑塊在木板上的滑動(dòng)時(shí)間;
(2)若木板不固定,其他條件不變,小滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)距木板左端的距離.
分析:(1)對(duì)小滑塊的滑動(dòng)過程運(yùn)用動(dòng)能定理和動(dòng)量定理列式后聯(lián)立求解即可;
(2)滑塊向右減速的同時(shí),木板要加速,最終兩者一起做勻速運(yùn)動(dòng),該過程系統(tǒng)受外力的合力為零,動(dòng)量守恒,根據(jù)守恒定律列式求解;在對(duì)系統(tǒng)運(yùn)用動(dòng)能定理列式;最后聯(lián)立求解即可.
解答:解:(1)小滑塊所受合外力為滑動(dòng)摩擦力,設(shè)動(dòng)摩擦因數(shù)為μ;
根據(jù)動(dòng)能定理,有:
μmgL=
1
2
m
v
2
0
                  ①
根據(jù)動(dòng)量定理,有:
μmgt=mv0
解得  t=
2L
v0

(2)設(shè)小滑塊與木板的共同速度為v,小滑塊距木板左端的距離為L′,滑塊和木板系統(tǒng)動(dòng)量守恒,根據(jù)動(dòng)量守恒定律,有:
mv0=(m+M)v                 ③
對(duì)系統(tǒng)運(yùn)用動(dòng)能定理,有:
μmgLn=
1
2
m
v
2
0
-
1
2
(m+M)v2
     ④
由以上各式解得L′=
M
m+M
L

答:(1)小滑塊在木板上的滑動(dòng)時(shí)間為
2L
v0
;
(2)若木板不固定,其他條件不變,小滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)距木板左端的距離為
M
m+M
L
點(diǎn)評(píng):本題關(guān)鍵是明確木塊和木板的運(yùn)動(dòng)規(guī)律,知道木板滑動(dòng)時(shí),木塊和木板系統(tǒng)動(dòng)量守恒,同時(shí)要會(huì)結(jié)合動(dòng)能定理和動(dòng)量定理列式.
練習(xí)冊(cè)系列答案
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科目:高中物理 來源: 題型:

如圖所示,一質(zhì)量為m,帶電荷量為+q的小物體,在水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中,從傾角為
mg
IL
=
0.4
2×0.2
的絕緣光滑足夠長的斜面上由靜止開始下滑,求:
(1)此物體在斜面Q上運(yùn)動(dòng)的最大速度.
(2)此物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的距離.
(3)此物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.

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如圖所示,一質(zhì)量為m=0.016kg、長L=0.5m、寬d=0.1m、電阻R=0.1Ω的矩形線圈,從h1=5m的高處由靜止開始下落,然后進(jìn)入高度為h2(h2>L)的勻強(qiáng)磁場(chǎng).下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),線圈正好作勻速運(yùn)動(dòng).線圈的下邊通過磁場(chǎng)所經(jīng)歷的時(shí)間t=0.15s.取g=10m/s2
(1)求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B.
(2)求線圈的下邊剛離開磁場(chǎng)的瞬間,線圈的加速度的大小和方向.
(3)在線圈的下邊通過磁場(chǎng)的過程中,線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Q是多少?通過線圈的電荷量q是多少?

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如圖所示,一質(zhì)量為m的物塊恰好沿著傾角為θ的斜面勻速下滑.現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F.則物塊( 。

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精英家教網(wǎng)如圖所示,一質(zhì)量為m=1.0×10-2kg,帶電量為q=1.0×10-6C的小球,用絕緣細(xì)線懸掛在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,假設(shè)電場(chǎng)足夠大,靜止時(shí)懸線向左與豎直方向成37°角.小球在運(yùn)動(dòng)過程電量保持不變,重力加速度g取10m/s2
(1)求電場(chǎng)強(qiáng)度E.
(2)若在某時(shí)刻將細(xì)線突然剪斷,求經(jīng)過1s時(shí)小球的速度大小v及方向.(sin37°=0.6,cos37°=0.8)

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