Question

3．如圖，豎直平面內(nèi)放著兩根間距L=1m、電阻不計(jì)的足夠長(zhǎng)平行金屬板M、N，兩板間接一阻值R=2Ω的電阻，N板上有一小孔Q，在金屬板M、N之間CD上方有垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度B₀=1T的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，N板右側(cè)區(qū)域KL上、下部分分別充滿方向垂直紙面向外和向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B₁=3T和B₂=2T．有一質(zhì)量M=0.2kg、電阻r=1Ω的金屬棒搭在M、N之間并與M、N良好接觸，用輸出功率恒定的電動(dòng)機(jī)拉著金屬棒豎直向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒達(dá)最大速度時(shí)，在與Q等高并靠近M板的P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)比荷$\frac{q}{m}$=1×10⁴ C/kg的正離子，經(jīng)電場(chǎng)加速后，以v=200m/s的速度從Q點(diǎn)垂直于N板邊界射入右側(cè)區(qū)域．不計(jì)離子重力，忽略電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)，取g=10m/s²．求：
（1）金屬棒達(dá)最大速度時(shí)，電阻R兩端電壓U；
（2）電動(dòng)機(jī)的輸出功率P；
（3）離子從Q點(diǎn)進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)后恰好不會(huì)回到N板，求Q點(diǎn)距分界線的高度h．

Answer 1

分析 （1）粒子從P到Q是在加速電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理求解板間電壓，即為R兩端電壓；
（2）根據(jù)歐姆定律求解電流，根據(jù)安培力公式求解安培力，根據(jù)平衡條件求解拉力，最后結(jié)合切割公式和功率公式列式，聯(lián)立求解即可；
（3）做出粒子在兩個(gè)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)過(guò)程圖，粒子在兩部分的磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，求解軌道半徑；分析找出不會(huì)回到N板的臨界條件：即軌跡恰好與y軸相切，再根據(jù)幾何關(guān)系即可求出h．

解答 解：（1）離子從P運(yùn)動(dòng)到Q，由動(dòng)能定理：qU=$\frac{1}{2}$mv²①
解得R兩端電壓：U=2 V②
（2）電路的電流：I=$\frac{U}{R}$③
安培力：F_安=B₀IL④
受力平衡：F=Mg+F_安⑤
由閉合電路歐姆定律：E=I（R+r）⑥
感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=B₀Lv_m⑦
功率：P=Fv_m⑧
聯(lián)立②～⑧式解得：電動(dòng)機(jī)功率：P=9 W．⑨

（3）如圖所示，設(shè)離子恰好不會(huì)回到N板時(shí)，對(duì)應(yīng)的離子在上、下區(qū)域的運(yùn)動(dòng)半徑分別為r₁和r₂，圓心的連線與N板的夾角為φ．
在磁場(chǎng)B₁中，由：qvB₁=m$\frac{{v}^{2}}{{r}_{1}}$⑩
解得運(yùn)動(dòng)半徑為：r₁=$\frac{2}{3}$×10^-2 m⑪
在磁場(chǎng)B₂中，由：qvB₂=m$\frac{{v}^{2}}{{r}_{2}}$⑫
解得運(yùn)動(dòng)半徑為：r₂=1×10^-2 m⑬
由幾何關(guān)系得：（r₁+r₂）sin φ=r₂⑭
r₁+r₁cos φ=h⑮
由上式解得：h=1.2×10^-2 m．
答：（1）金屬棒達(dá)最大速度時(shí)，電阻R兩端電壓2 V；
（2）電動(dòng)機(jī)的輸出功率9 W；
（3）離子從Q點(diǎn)進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)后恰好不會(huì)回到N板，Q點(diǎn)距分界線的高度1.2×10^-2 m．

點(diǎn)評(píng) 本題是一道綜合題，考查點(diǎn)比較多，過(guò)程較為復(fù)雜要仔細(xì)分析，分析第三問(wèn)時(shí)，一定要畫(huà)出圖，并且作圖要規(guī)范，這樣便于找到幾何關(guān)系．