Question

如圖所示，絕緣輕細繩繞過輕滑輪連接著質(zhì)量m₁=0.3kg的正方形導線框和質(zhì)量m₂=0.2kg的物塊，導線框的邊長L=20cm、電阻R=0.128Ω，物塊放在足夠長的粗糙水平桌面上，物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25．線框平面豎直且ab邊水平，其下方存在兩個勻強磁場區(qū)域，磁感應強度的大小均為B=1T，方向水平但相反，區(qū)域Ⅰ的高度為L，區(qū)域Ⅱ的高度為2L；開始時線框cd邊距磁場上邊界ef的高度h=30cm，各段繩都處于伸直狀態(tài)，現(xiàn)將它們由靜止釋放，運動中線框平面始終與磁場方向垂直，當ab邊剛穿過兩磁場的分界線gh進入磁場區(qū)域Ⅱ時，線框恰好做勻速運動．不計滑輪與輕繩、滑輪與軸間的摩擦，重力加速度g=10m/s²．求：
（1）釋放后到導線框ab邊到達磁場前，線框運動的加速度a的大�。�
（2）從ab邊進入磁場到cd剛過磁場分界線gh過程中，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Q；
（3）畫出導線框從靜止釋放到cd剛過磁場分界線gh運動過程中的v-t圖．

Answer 1

分析：（1）采用隔離法分別對兩個物塊進行研究，根據(jù)牛頓第二定律，求解加速度a的大�。�
（2）由題，ab邊剛穿過兩磁場的分界線gh進入磁場區(qū)域Ⅱ時，線框恰好做勻速運動，推導出安培力與速度的表達式，由平衡條件求出勻速運動的速度，由能量守恒定律求解焦耳熱；
（3）由運動學公式求出ab到達磁場上邊界時的速度大小，分析導線框的運動情況，作出v-t圖象．

解答：解：（1）釋放后到導線框ab邊到達磁場前，根據(jù)牛頓第二定律得
  對m₁：m₁g-T=m₁a
  對m₂：T-μm₂g=m₂a
聯(lián)立得a=

m1g-μm2g

m1+m2

代入解得，a=5m/s²．
（2）設ab邊剛穿過兩磁場的分界線gh進入磁場區(qū)域Ⅱ時速度大小為v，則此時線框中感應電流大小為
   I=

2BLv

R

線框所受的安培力大小為F=2BIL，則得F=

4B2L2v

R

根據(jù)平衡條件得：m₁g=F+μm₂g
聯(lián)立解得，v=2m/s
從開始下落到cd剛過磁場分界線gh過程中，根據(jù)能量守恒定律得：m₁g（h+L）=μm₂g（h+L）+Q+

1

2

(m1+m2)v2
解得，Q=0.25J
（3）線框剛進入磁場時的速度大小為v₁=

2a(h-L)

=1m/s，從靜止到ab進入磁場所用時間為t₁=

v1

a

=0.2s
故可知，線框進入磁場后做加速運動，速度增大時，安培力增大，加速度減小，v-t圖象的斜率減小，作出v-t圖象如圖．
答：（1）釋放后到導線框ab邊到達磁場前，線框運動的加速度a的大小是5m/s²；
（2）從ab邊進入磁場到cd剛過磁場分界線gh過程中，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Q是0.25J；
（3）畫出導線框從靜止釋放到cd剛過磁場分界線gh運動過程中的v-t圖如圖．

點評：本題根據(jù)牛頓第二定律研究加速度時，采用了隔離法，也可以運用整體法求解．對于電磁感應現(xiàn)象，關鍵是分析和計算安培力．