Question

（2013?商丘三模）如圖所示，一個(gè)n=10匝，面積為S=0.3m²的圓形金屬線(xiàn)圈，其總電阻為R₁=2Ω，與R₂=4Ω的電阻連接成閉合電路．線(xiàn)圈內(nèi)存在方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度按B₁=2t+3 （T）規(guī)律變化的磁場(chǎng)．電阻R₂兩端通過(guò)金屬導(dǎo)線(xiàn)分別與電容器C的兩極相連．電容器C緊靠著帶小孔a（只能容一個(gè)粒子通過(guò)）的固定絕緣彈性圓筒．圓筒內(nèi)壁光滑，筒內(nèi)有垂直水平面豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B₂，O是圓筒的圓心，圓筒的內(nèi)半徑為r=0.4m．
（1）金屬線(xiàn)圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E和電容器C兩板間的電壓U；
（2）在電容器C內(nèi)緊靠極板且正對(duì)a孔的D處有一個(gè)帶正電的粒子從靜止開(kāi)始經(jīng)電容器C加速后從a孔垂直磁場(chǎng)B₂并正對(duì)著圓心O進(jìn)入筒中，該帶電粒子與圓筒壁碰撞四次后恰好又從小孔a射出圓筒．已知粒子的比荷q/m=5×10⁷（C/kg），該帶電粒子每次與筒壁發(fā)生碰撞時(shí)電量和能量都不損失，不計(jì)粒子重力和空氣阻力，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B₂ 多大（結(jié)果允許含有三角函數(shù)式）．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小．結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電容器C兩板間的電壓．
（2）根據(jù)動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度，結(jié)合幾何關(guān)系求出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑與r的關(guān)系，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大�。�

解答：解：（1）線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=n

△φ

△t

=n

△B

△t

S=100×2×0.03V=6V  
電容器C兩板間電壓為：U=R2

E

R1+R2

=4V         
（2）據(jù)動(dòng)能定理有：qU=

1

2

mV2．
帶電粒子在磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有：qVB2=m

V2

R

．
由于帶電粒子與圓筒壁碰撞時(shí)無(wú)電量和能量損失，那么每次碰撞前后粒子速度大小不變、速度方向總是沿著圓筒半徑方向，4個(gè)碰撞點(diǎn)與小孔a恰好將圓筒壁五等分，粒子在圓筒內(nèi)的軌跡具有對(duì)稱(chēng)性，由5段相同的圓弧組成，設(shè)每段軌跡圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為θ，則由幾何關(guān)系可得：

r

R

=tan(

θ

2

)．
有兩種情形符合題意（如圖所示）：

（�。┣樾�1：每段軌跡圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為：θ=π-

2π

5

=

3π

5

．
得：B2=tan

3π

10

×10-3T
（ⅱ）情形2：每段軌跡圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為：θ′=π-

4π

5

=

π

5

．
將數(shù)據(jù)代式得：B2=tan(

π

10

)×10-3 (T)．
答：（1）金屬線(xiàn)圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為6V，電容器C兩板間的電壓為4V．
（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B2=tan

3π

10

×10-3T或B2=tan(

π

10

)×10-3 (T)．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了電磁感應(yīng)與電路的綜合，以及帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)．對(duì)于粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵確定圓心，根據(jù)幾何關(guān)系確定圓周運(yùn)動(dòng)的半徑．