Question

如圖在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)大小均為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)I和II，兩電場(chǎng)的邊界均是邊長為L的正方形（設(shè)電子的電量為q，質(zhì)量為m，不計(jì)電子的重力）．
（1）在該區(qū)域AB邊的B處由靜止釋放電子，求電子經(jīng)過多長時(shí)間達(dá)到勻強(qiáng)電場(chǎng)II區(qū)域的右邊界和電子最終離開CD邊界的位置坐標(biāo)．
（2）在電場(chǎng)I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，求所有釋放點(diǎn)的位置．（提示：設(shè)釋放點(diǎn)的位置為（x．y）坐標(biāo)點(diǎn)，最后寫出含有xy的函數(shù)表達(dá)式）

Answer 1

【答案】分析：（1）在AB邊的B點(diǎn)處由靜止釋放電子，電場(chǎng)力對(duì)電子做正功，根據(jù)動(dòng)能定理求出電子穿過電場(chǎng)時(shí)的速度，由于電子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因此由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求出在電場(chǎng)中加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；進(jìn)入電場(chǎng)II之前，電子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求出電子在沒有電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而可求出電子從靜止到達(dá)到電場(chǎng)II區(qū)域右邊界的時(shí)間．當(dāng)電子進(jìn)入電場(chǎng)II時(shí)，做類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合牛頓第二定律，可求出離開CD區(qū)域的位置坐標(biāo)．
（2）在電場(chǎng)I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子先在電場(chǎng)Ⅰ中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入電場(chǎng)Ⅱ后做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求出位置x與y的關(guān)系式．
解答：解：（1）電子的質(zhì)量為m，電量為q，在電場(chǎng)I中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，出區(qū)域I時(shí)的速度為v，時(shí)間為t₁，
然后勻速直線運(yùn)動(dòng)到達(dá)電場(chǎng)II所用時(shí)間t₂，此后進(jìn)入電場(chǎng)II做類平拋運(yùn)動(dòng)，
由動(dòng)能定理得： 
由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，  
由牛頓第二定律，  
解得： 
勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間，    
則所需的時(shí)間，
假設(shè)電子從CD邊射出，出射點(diǎn)縱坐標(biāo)為y，則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中
對(duì)電子先后運(yùn)用及勻變速位移公式有：
 則：側(cè)位移   
 縱坐標(biāo)為
  解得 ，
所以原假設(shè)成立，
即電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標(biāo)為（-2L，）
（2）設(shè)釋放點(diǎn)在電場(chǎng)區(qū)域I中，其坐標(biāo)為（x，y），在電場(chǎng)I中電子被加速到v₁，
然后進(jìn)入電場(chǎng)II做類平拋運(yùn)動(dòng)，并從D點(diǎn)離開，
同理，有：，
  
解得：，
即在電場(chǎng)I區(qū)域內(nèi)滿足此方程的點(diǎn)即為所求位置．
答：（1）在該區(qū)域AB邊的B處由靜止釋放電子，求電子經(jīng)過時(shí)間達(dá)到勻強(qiáng)電場(chǎng)II區(qū)域的右邊界和電子最終離開CD邊界的位置坐標(biāo)（-2L，）．
（2）在電場(chǎng)I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，則所有釋放點(diǎn)的位置滿足：．
點(diǎn)評(píng)：本題實(shí)際是加速電場(chǎng)與偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的組合，考查分析帶電粒子運(yùn)動(dòng)情況的能力和處理較為復(fù)雜的力電綜合題的能力．