(2009?海淀區(qū)二模)如圖所示為研究某種彈射裝置的示意圖,光滑的水平導(dǎo)軌MN右端N處與水平傳送帶理想連接,傳送帶足夠長(zhǎng),皮帶輪沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng),帶動(dòng)皮帶以恒定速度v=2.0m/s勻速傳動(dòng).三個(gè)質(zhì)量均為m=1.0kg的滑塊A、B、C置于水平導(dǎo)軌上,開(kāi)始時(shí)在B、C間有一壓縮的輕彈簧,兩滑塊用細(xì)繩相連處于靜止?fàn)顟B(tài).滑塊A以初速度v0=4.0m/s沿B、C連線方向向B運(yùn)動(dòng),A與B碰撞后粘合在一起,碰撞時(shí)間極短,可認(rèn)為A與B碰撞過(guò)程中滑塊C的速度仍為零.因碰撞使連接B、C的細(xì)繩受擾動(dòng)而突然斷開(kāi),彈簧伸展,從而使C與A、B分離.滑塊C脫離彈簧后以速度vC=4.0m/s滑上傳送帶.已知滑塊C與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.20,重力加速度g取10m/s2

(1)求滑塊C在傳送帶上向右滑動(dòng)距N點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離sm;
(2)求彈簧鎖定時(shí)的彈性勢(shì)能Ep;
(3)求滑塊C在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Q.
分析:(1)滑塊C滑上傳送帶做勻減速直線運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度為零時(shí),距離N點(diǎn)最遠(yuǎn),根據(jù)動(dòng)能定理求出滑塊C在傳送帶上向右滑動(dòng)距N點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離.
(2)AB碰后的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為C與A、B分離后系統(tǒng)的動(dòng)能.結(jié)合動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律求出彈簧鎖定時(shí)的彈簧的彈性勢(shì)能.
(3)根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出滑塊C與傳送帶之間的相對(duì)路程,從而根據(jù)Q=fx相對(duì)求出整個(gè)過(guò)程中與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能.
解答:解:(1)滑塊C滑上傳送帶做勻減速運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度減為零時(shí),滑動(dòng)的距離最遠(yuǎn).
由動(dòng)能定理 -μmgsm=0-
1
2
m
v
2
C

解得sm=4.0 m
(2)設(shè)A、B碰撞后的速度為v1,A、B與C分離時(shí)的速度為v2,由動(dòng)量守恒定律
mv0=2mv1
2mv1=2mv2+mvC
解得v1=
1
2
v0
,v2=0
由能量守恒定律
Ep+
1
2
×2mv12
=
1
2
×2mv22+
1
2
mvC2

解得Ep=4.0 J
(3)滑塊在傳送帶上向右勻減速運(yùn)動(dòng),設(shè)滑塊C在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的加速度為a,滑塊速度減為零的時(shí)間為t1,向右的位移為s1,在同樣時(shí)間內(nèi)傳送帶向左的位移為x1,根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式
a=
μmg
m
=2m/s2
滑塊C速度減小到零所需的時(shí)間t1=
vc
a
=2s

滑塊的位移s1=
vc2
2a
=
16
4
m=4m

傳送帶的位移x1=vt1=2×2m=4m,
相對(duì)路程△x1=s1+x1=8m.
然后滑塊返回做勻加速直線運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度達(dá)到傳送帶速度一起做勻速直線運(yùn)動(dòng).
勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t2=
v
a
=
2
2
s=1s
,
滑塊C的位移s2=
1
2
at22=
1
2
×2×1m=1m

傳送帶的位移x2=vt2=2m
相對(duì)路程△x2=x2-s2=1m.
則摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Q=μmg(△x1+△x2)=0.2×10×9J=18J.
答:(1)滑塊C在傳送帶上向右滑動(dòng)距N點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為4.0m.
(2)彈簧鎖定時(shí)的彈性勢(shì)能為4.0J.
(3)滑塊C在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為4.0J.
點(diǎn)評(píng):本題綜合考查了動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律、動(dòng)能定理以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式,綜合性較強(qiáng),對(duì)學(xué)生的能力要求較高,是一道好題.
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