A. | 勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向 | |
B. | O點(diǎn)的電勢(shì) | |
C. | 將該點(diǎn)電荷沿折線AOD由A點(diǎn)移到D點(diǎn)動(dòng)能的變化量 | |
D. | 過A點(diǎn)的等勢(shì)線 |
分析 已知電荷在電場(chǎng)中兩點(diǎn)間移動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力所做的功,由U=$\frac{W}{q}$可以求出電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差,已知C點(diǎn)的電勢(shì),可以求出O點(diǎn)的電勢(shì).
解答 解:由題意可知,C點(diǎn)的電勢(shì)ΦC=0,UAC=$\frac{{W}_{AC}}{q}$=$\frac{6.0×1{0}^{-7}}{2×1{0}^{-8}}$=30V=ΦA-ΦC=ΦA,則:ΦA=30V,UCB=$\frac{{W}_{CB}}{q}$=$\frac{-4×1{0}^{-7}}{2×1{0}^{-8}}$=-20V=ΦC-ΦB=-ΦB,則ΦB=20V,
在勻強(qiáng)電場(chǎng)中,沿同一直線相同距離上的電勢(shì)差相等,因?yàn)镋是BC的中點(diǎn),則E點(diǎn)的電勢(shì)ΦE=$\frac{{φ}_{B}}{2}$=10V;
所以有:UAE=ΦA-ΦE=30V-10V=20V,
因?yàn)镺點(diǎn)是三角形三條中線的交點(diǎn),則AO=2OE,
所以:UOE=$\frac{{U}_{AE}}{3}$=$\frac{20}{3}$V=ΦO-ΦE=ΦO-10V,則:ΦO=$\frac{50}{3}$V,綜上所述有:
AD、根據(jù)已知條件可以找出與圖示B點(diǎn)電勢(shì)相同的點(diǎn),從而確定等勢(shì)面,進(jìn)而確定電場(chǎng)線的方向,故AD正確;
B、由上述分析可知,可以求出O點(diǎn)的電勢(shì),故B正確;
C、如果只在電場(chǎng)力作用下沿直線AO由A點(diǎn)移到O點(diǎn)移動(dòng)電荷,由動(dòng)能定理可以求出動(dòng)能的變化量,現(xiàn)在不知到電荷的受力情況,因此無(wú)法求出將該點(diǎn)電荷沿直線AO由A點(diǎn)移到O點(diǎn)動(dòng)能的變化量,故C錯(cuò)誤.
本題選不能確定的,故選:C.
點(diǎn)評(píng) 知道電勢(shì)差與電場(chǎng)力做功的關(guān)系、知道三角形三條中線的交點(diǎn)到三角形頂點(diǎn)與對(duì)應(yīng)邊中點(diǎn)間的距離關(guān)系是正確解題的關(guān)鍵.
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | 點(diǎn)電荷從P到O是勻加速運(yùn)動(dòng),O點(diǎn)速度達(dá)最大值 | |
B. | 點(diǎn)電荷在從P到O的過程中,電勢(shì)能增大,速度越來(lái)越大 | |
C. | 點(diǎn)電荷在從P到O的過程中,加速度越來(lái)越大,速度也越來(lái)越大 | |
D. | 點(diǎn)電荷一定能夠返回到P點(diǎn) |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:解答題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | tAO<tCO | B. | tAO>tCO | C. | tAB>tCD | D. | tAB=tCD |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | FT1<FT2<FT3 | B. | FT1>FT2>FT3 | C. | FT1=FT2=FT3 | D. | FT1<FT2=FT3 |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | 全過程中平均速率為0 | |
B. | A到C,與C最后回到A兩過程中位移相同 | |
C. | 從A到B,再到C,最后回到A全過程一定做變速運(yùn)動(dòng) | |
D. | 張子墨一定做直線運(yùn)動(dòng) |
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