Question

已知數(shù)列{a_n}，{b_n}與函數(shù)f（x），g（x），x∈R滿足條件：a_n=b_n，f（b_n）=g（b_n+1）（n∈N*）．
（I）若f（x）≥tx+1，t≠0，t≠2，g（x）=2x，f（b）≠g（b），

lim

n→∞

an存在，求x的取值范圍；
（II）若函數(shù)y=f（x）為R上的增函數(shù)，g（x）=f^-1（x），b=1，f（1）＜1，證明對任意n∈N*，a_n+1＜a_n（用t表示）．

Answer 1

分析：（I）由題設(shè)知

an+1=tbn+1+1 an=2bn+1

，所以an+1=

t

2

an+1．由t≠2，知an+1+

2

t-2

=

t

2

(an+

2

t-2

)．由t≠0，t≠2，
f（b）≠g（b），知a1+

2

t-2

=tb+

2

t-2

≠0，

t

2

≠0，分析可得答案．
（II）因為g（x）=f^-1（x），所以b_n+1=f（a_n）．然后用數(shù)學(xué)歸納法證明a_n+1＜a_n（n∈N^*）．

解答：解：（I）由題設(shè)知

an+1=tbn+1+1 an=2bn+1

，得an+1=

t

2

an+1．
又已知t≠2，可得an+1+

2

t-2

=

t

2

(an+

2

t-2

)．
由t≠0，t≠2，f（b）≠g（b），可知a1+

2

t-2

=tb+

t

t-2

≠0，

t

2

≠0，
所以{an+

2

t-2

}是等比數(shù)列，其首項為tb+

2

t-2

，公比為

t

2

．
于是an+

2

t-2

=(tb+

2

t-2

)(

t

2

)n-1，即an=(tb+

2

t-2

)(

t

2

)n-1-

2

t-2

．
又

lim

n→∞

an存在，可得0＜|

t

2

|＜1，所以-2＜t＜2且t≠0.

lim

n→∞

an=

2

2-t

．
（II）證明：因為g（x）=f^-1（x），
所以a_n=g（b_n+1）=f^-1（b_n+1），即b_n+1=f（a_n）．
下面用數(shù)學(xué)歸納法證明a_n+1＜a_n（n∈N^*）．
（1）當(dāng)n=1（2）時，由f（x）（3）為增函數(shù)，且f（1）＜1（4），
得a₁=f（b₁）=f（1）＜1（5），b₂=f（a₁）＜f（1）＜1（6），a₂=f（b₂）＜f（1）=a₁（7），
即a₂＜a₁，結(jié)論成立．
（8）假設(shè)n=k（9）時結(jié)論成立，即a_k+1＜a_k（10）．由f（x）（11）為增函數(shù)，得f（a_k+1）＜f（a_k）（12），即b_k+2＜b_k+1（13），進(jìn)而得f（b_k+2）＜f（b_k+1）（14），即a_k+2＜a_k+1（15），這就是說當(dāng)n=k+1（16）時，結(jié)論也成立．根據(jù)（1）和（2）可知，對任意的n∈N^*（17），a_n+1＜a_n（18）．

點(diǎn)評：本題考查數(shù)列的性質(zhì)和應(yīng)用，解題時要注意公式的合理運(yùn)用．