Question

已知定義在R上的單調(diào)函數(shù)f（x），存在實(shí)數(shù)x₀，使得對于任意實(shí)數(shù)x₁，x₂，總有f（x₀x₁+x₀x₂）=f（x₀）+f（x₁）+f（x₂）恒成立．
（1）求x₀的值；
（2）若f（x₀）=1，且對于任意正整數(shù)n，有，記S_n=a₁a₂+a₂a₃+…+a_na_n+1，T_n=b₁b₂+b₂b₃+…+b_nb_n+1，比較與T_n的大小關(guān)系，并給出證明；
（3）在（2）的條件下，若不等式對任意
不小于2的正整數(shù)n都成立，求x的取值范圍．

Answer 1

解：（1）令x₁=x₂=0?f（x₀）=-f（0）．又令x₁=1，x₂=0，f（1）=-f（0）．
∴f（x₀）=f（1），由函數(shù)f（x）單調(diào)性知，x₀=1．
（2）由（1）知，f（x₁+x₂）=f（x₁）+f（x₂）+f（1）=f（x₁）+f（x₂）+1，
由x₁，x₂的任意性，令x₁=n，x₂=1，f（n+1）=f（n）+f（1）+1=f（n）+2，
∴f（n）=2n-1．（n∈N^*）．
∴．
又∵．
又∵，
∴．
∴．
由數(shù)列求和方法知：，．∴．
∵4ⁿ=（3+1）ⁿ=C_nⁿ3ⁿ+C_n^n-13^n-1+…+C_n¹3+C_n⁰≥3n+1＞2n+1，∴．
（3）令F（n）=a_n+1+a_n+2+…+a_2n?F（n+1）-F（n）=a_2n+1+a_2n+2-a_n+1=（通分易證）∴當(dāng)n≥2時，．
∴．
解此不等式，所以x的取值范圍為．
分析：（1）分別令x₁=x₂=0，x₁=1，x₂=0，f（x₀）=f（1），又因?yàn)閒（x）為單調(diào)函數(shù)，從而可求x₀的值；
（2）由（1）得f（x₁+x₂）=f（x₁）+f（x₂）+1，，令x₁=n，x₂=1，f（n+1）=f（n）+f（1）+1=f（n）+2，f（n）=2n-1．故可求a_n進(jìn)而可有 ，從而可求通項(xiàng)，故可證；
（3）構(gòu)造函數(shù)F（n）=a_n+1+a_n+2+…+a_2n，證明n≥2時，為單調(diào)減函數(shù)，從而可求x的取值范圍．
點(diǎn)評：本題以新定義為載體，考查抽象函數(shù)，考查賦值法，同時考查構(gòu)造函數(shù)，利用函數(shù)的單調(diào)性解決恒成立問題．