已知平面上的動(dòng)點(diǎn)P(x,y)及兩定點(diǎn)A(-2,0),B(2,0),直線PA,PB的斜率分別是k1,k2,且k1•k2=-
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(1)求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C的方程;
(2)已知直線l:y=kx+m與曲線C交于M,N兩點(diǎn),且直線BM、BN的斜率都存在,并滿足kBM•kBN=-
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,求證:直線l過(guò)原點(diǎn).
分析:(1)根據(jù)直線PA,PB的斜率分別是k1,k2,且k1•k2=-
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,建立方程,化簡(jiǎn)即可得到動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C的方程;
(2)直線方程與橢圓方程聯(lián)立,利用韋達(dá)定理及kBM•kBN=-
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,求出m的值,即可得到結(jié)論.
解答:(1)解:由題意得
y
x+2
y
x-2
=-
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(x≠±2),即x2+4y2-4=0.
所以點(diǎn)P的軌跡C的方程為
x2
4
+y2=1(x≠±2).
(2)證明:設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2),
聯(lián)立方程
y=kx+m
x2
4
+y2=1
,得(4k2+1)x2+8kmx+4m2-4=0.
所以x1+x2=
-8km
4k2+1
,x1x2=
4m2-4
4k2+1

所以y1y2=(kx1+m)(kx2+m)=k2x1x2+km(x1+x2)+m2=
m2-4k2
4k2+1

又kBM•kBN=-
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,即
y1
x1-2
y2
x2-2
=-
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,
即x1x2-2(x1+x2)+4+4y1y2=0.
代入并整理得m(m+2k)=0,即m=0或m=-2k,
當(dāng)m=0時(shí),直線l恒過(guò)原點(diǎn);
當(dāng)m=-2k時(shí),直線l恒過(guò)點(diǎn)(2,0),但不符合題意.
所以直線l恒過(guò)原點(diǎn).
點(diǎn)評(píng):本題考查軌跡方程,考查直線與橢圓的位置關(guān)系,考查韋達(dá)定理的運(yùn)用,正確運(yùn)用韋達(dá)定理是關(guān)鍵.
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已知平面上的動(dòng)點(diǎn)P到定點(diǎn)F(a,0)的距離比到y(tǒng)軸的距離大a(a>0),則動(dòng)點(diǎn)P的軌跡是(  )
A、拋物線B、射線C、拋物線或射線D、橢圓

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知平面上的動(dòng)點(diǎn)P(x,y)及兩定點(diǎn)A(-2,0),B(2,0),直線PA,PB的斜率分別是 k1,k2k1k2=-
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(1)求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C的方程;
(2)設(shè)直線l:y=kx+m與曲線C交于不同的兩點(diǎn)M,N.
①若OM⊥ON(O為坐標(biāo)原點(diǎn)),證明點(diǎn)O到直線l的距離為定值,并求出這個(gè)定值
②若直線BM,BN的斜率都存在并滿足kBMkBN=-
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,證明直線l過(guò)定點(diǎn),并求出這個(gè)定點(diǎn).

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已知平面上的動(dòng)點(diǎn)P(xy)及兩定點(diǎn)A(-2,0),B(2,0),直線PAPB的斜率分別是k1,k2,且k1·k2=-.

 (1)求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C的方程;

(2)已知直線lykxm與曲線C交于M,N兩點(diǎn),且直線BMBN的斜率都存在,并滿足kBM·kBN=-,求證:直線l過(guò)原點(diǎn).

 

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已知平面上的動(dòng)點(diǎn)P到定點(diǎn)F(a,0)的距離比到y(tǒng)軸的距離大a(a>0),則動(dòng)點(diǎn)P的軌跡是( )
A.拋物線
B.射線
C.拋物線或射線
D.橢圓

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