Question

【題目】如圖甲，四邊形OABC的邊OA、OC分別在x軸、y軸的正半軸上，頂點在B點的拋物線交x軸于點A、D，交y軸于點E，連接AB、AE、BE．已知tan∠CBE=，A（3，0），D（﹣1，0），E（0，3）．

（1）求拋物線的解析式及頂點B的坐標；

（2）求證：CB是△ABE外接圓的切線；

（3）試探究坐標軸上是否存在一點P，使以D、E、P為頂點的三角形與△ABE相似，若存在，直接寫出點P的坐標；若不存在，請說明理由；

（4）設△AOE沿x軸正方向平移t個單位長度（0＜t≤3）時，△AOE與△ABE重疊部分的面積為s，求s與t之間的函數(shù)關(guān)系式，并指出t的取值范圍．

Answer 1

【答案】（1）y=a（x﹣3）（x+1）；點B（1，4）

（2）見解析

（3）見解析

（4）s=

【解析】

（1）由題意，設拋物線解析式為y=a（x﹣3）（x+1）．

將E（0，3）代入上式，解得：a=﹣1．

∴y=﹣x2+2x+3．

則點B（1，4）．

（2）證明：如圖1，過點B作BM⊥y于點M，則M（0，4）．

在Rt△AOE中，OA=OE=3，

∴∠1=∠2=45°，AE==3．

在Rt△EMB中，EM=OM﹣OE=1=BM，

∴∠MEB=∠MBE=45°，BE==．

∴∠BEA=180°﹣∠1﹣∠MEB=90°．

∴AB是△ABE外接圓的直徑．

在Rt△ABE中，tan∠BAE===tan∠CBE，

∴∠BAE=∠CBE．

在Rt△ABE中，∠BAE+∠3=90°，∴∠CBE+∠3=90°．

∴∠CBA=90°，即CB⊥AB．

∴CB是△ABE外接圓的切線．

（3）解：Rt△ABE中，∠AEB=90°，tan∠BAE=，sin∠BAE=，cos∠BAE=；

若以D、E、P為頂點的三角形與△ABE相似，則△DEP必為直角三角形；

①DE為斜邊時，P1在x軸上，此時P1與O重合；

由D（﹣1，0）、E（0，3），得OD=1、OE=3，即tan∠DEO==tan∠BAE，即∠DEO=∠BAE

滿足△DEO∽△BAE的條件，因此 O點是符合條件的P1點，坐標為（0，0）．

②DE為短直角邊時，P2在x軸上；

若以D、E、P為頂點的三角形與△ABE相似，則∠DEP2=∠AEB=90°，sin∠DP2E=sin∠BAE=；

而DE==，則DP2=DE÷sin∠DP2E=÷=10，OP2=DP2﹣OD=9

即：P2（9，0）；

③DE為長直角邊時，點P3在y軸上；

若以D、E、P為頂點的三角形與△ABE相似，則∠EDP3=∠AEB=90°，cos∠DEP3=cos∠BAE=；

則EP3=DE÷cos∠DEP3=÷=，OP3=EP3﹣OE=；

綜上，得：P1（0，0），P2（9，0），P3（0，﹣）．

（4）解：設直線AB的解析式為y=kx+b．

將A（3，0），B（1，4）代入，得解得

∴y=﹣2x+6．

過點E作射線EF∥x軸交AB于點F，當y=3時，得x=，∴F（，3）．

情況一：如圖2，當0＜t≤時，設△AOE平移到△DNM的位置，MD交AB于點H，MN交AE于點G．

則ON=AD=t，過點H作LK⊥x軸于點K，交EF于點L．

由△AHD∽△FHM，得，即．

解得HK=2t．

∴S陰=S△MND﹣S△GNA﹣S△HAD=×3×3﹣（3﹣t）2﹣t2t=﹣t2+3t．

情況二：如圖3，當＜t≤3時，設△AOE平移到△PQR的位置，PQ交AB于點I，交AE于點V．

由△IQA∽△IPF，得．即，

解得IQ=2（3﹣t）．

∴S陰=S△IQA﹣S△VQA=×（3﹣t）×2（3﹣t）﹣（3﹣t）2=（3﹣t）2=t2﹣3t+．

綜上所述：s=．