Question

如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xoy中，Rt△AOB的直角邊OB，OA分別在x軸上和y軸上，其中OA=2，OB=4，現(xiàn)將Rt△AOB繞著直角頂點(diǎn)O按逆時(shí)針?lè)较蛐�轉(zhuǎn)90°得到△COD，已知一拋物線經(jīng)過(guò)C、D、B三點(diǎn)．
（1）求這條拋物線的解析式；
（2）連接DB，P是線段BC上一動(dòng)點(diǎn)（P不與B、C重合），過(guò)點(diǎn)P作PE∥BD交CD于E，則當(dāng)△DEP面積最大時(shí)，求PE的解析式；
（3）作點(diǎn)D關(guān)于此拋物線對(duì)稱(chēng)軸的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)F，連接CF交對(duì)稱(chēng)軸于點(diǎn)M，拋物線上一動(dòng)點(diǎn)R，x軸上一動(dòng)點(diǎn)Q，則在拋物線上是否存在點(diǎn)R，x軸上是否存在點(diǎn)Q，使得以C、M、Q、R為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形？如果存在，求出Q點(diǎn)的坐標(biāo)；如果不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)，易求得OC、OD的長(zhǎng)，即可得出C、D的坐標(biāo)，用待定系數(shù)法即可求出拋物線的解析式．
（2）過(guò)E作x軸的垂線，設(shè)垂足為H；可設(shè)出P點(diǎn)坐標(biāo)，根據(jù)△CPE∽△CBD得出的對(duì)應(yīng)高和對(duì)應(yīng)邊的比，求出EH的表達(dá)式，即可得出關(guān)于△CEP的面積和P點(diǎn)橫坐標(biāo)的函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)所得函數(shù)的性質(zhì)即可求出P、E坐標(biāo)，進(jìn)而可用待定系數(shù)法求出直線PE的解析式．
（3）此題要分兩種情況討論：①以CM為邊，②以CM為對(duì)角線；可根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)得出Q點(diǎn)的縱坐標(biāo)，代入拋物線的解析式中即可求出Q點(diǎn)坐標(biāo)．

解答：解：（1）∵△COD≌△AOB
∴OC=OA，OD=OB
∴OC=2，OD=4
∴C（-2，0）D（0，4）B（4，0）
∴設(shè)此拋物線的解析式y(tǒng)=ax²+bx+4（a≠0）
將C（-2，O）B（4，0）代入

4a-2b+4=0 16a+4b+4=0

∴

a=- 1 2 b=1

∴拋物線的解析式為：y=-

1

2

x2+x+4（4分）

（2）過(guò)E作EH⊥x軸，
∵S_△DEP=S_△DCP-S_△ECP
=

1

2

CP•OD-

1

2

CP•EH
=

1

2

CP（OD-EH）
設(shè)點(diǎn)P（m，0）
∵P在BC之間運(yùn)動(dòng)
∴CP=m+2
∵PE∥BD
∴△CEP∽△CDB
∴

EH

OD

=

CP

BC

∴

EH

4

=

m+2

6

∴EH=

2m+4

3

∴S_△DEP=

1

2

(m+2)(4-

2m+4

3

)
=-

1

3

(m-1)2+3（6分）
∴當(dāng)m=1時(shí)，S_△DEP有最大值為3，此時(shí)P（1，0）（7分）
又∵D（0，4）
又設(shè)BD的解析式y(tǒng)=kx+4（k≠0）
將B（4，0）代入0=4k+4
k=-1
∴BD：y=-x+4
∵PE∥BD
∴設(shè)PE：y=-x+b，
將P（1，0）代入
即0=-1+b，
解得b=1
∴PE的解析式為：y=-x+1；（8分）

（3）存在
∵D（0，4）F（2，4）
CF：y=x+2
∴M（1，3）
若以CM為邊
在y=-

1

2

x2+x+4中令y=3
解得：x₁=1+

3

，x₂=1-

3

∴Q₁（-2+

3

，0）Q₂（-2-

3

，0）（10分）
令y=-3，-

1

2

x2+x+4=-3
解得：x₁=1+

15

，x₂=1-

15

Q₃（4+

15

，0）Q₄（4-

15

，0）（12分）
若以CM為對(duì)角線，Q₅與Q₁重合
∴共有四個(gè)點(diǎn)Q．

點(diǎn)評(píng)：此題考查了二次函數(shù)解析式的確定、圖形面積的求法、平行四邊形的判定和性質(zhì)等知識(shí)．綜合性強(qiáng)，能力要求較高．考查學(xué)生分類(lèi)討論，數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想方法．