Question

小明數(shù)學(xué)成績(jī)優(yōu)秀，他平時(shí)善于總結(jié)，并把總結(jié)出的結(jié)果靈活運(yùn)用到做題中是他成功的經(jīng)驗(yàn)之一，例如，總結(jié)出“依次連接任意一個(gè)四邊形各邊中點(diǎn)所得四邊形（即原四邊形的中點(diǎn)四邊形）一定是平行四邊形”后，他想到曾經(jīng)做過(guò)的這樣一道題：如圖1，點(diǎn)P是線(xiàn)段AB的中點(diǎn)，分別以AP和BP為邊在線(xiàn)段AB的同側(cè)作等邊三角形APC和等邊三角形BPD，連接AD和BC，他想到了四邊形ABDC的中點(diǎn)四邊形一定是菱形．于是，他又進(jìn)一步探究：
如圖2，若P是線(xiàn)段AB上任一點(diǎn)，在A(yíng)B的同側(cè)作△APC和△BPD，使PC=PA，PD=PB，∠APC=∠BPD，連接CD，設(shè)點(diǎn)E，F(xiàn)，G，H分別是AC，AB，BD，CD的中點(diǎn)，順次連接E，F(xiàn)，G，H．請(qǐng)你接著往下解決三個(gè)問(wèn)題：
（1）猜想四邊形ABCD的中點(diǎn)四邊形EFGH的形狀，直接回答

 

，不必說(shuō)明理由；
（2）當(dāng)點(diǎn)P在線(xiàn)段AB的上方時(shí)，如圖3，在△APB的外部作△APC和△BPD，其它條件不變，（1）中結(jié)論還成立嗎？說(shuō)明理由；
（3）如果（2）中，∠APC=∠BPD=90°，其它條件不變，先補(bǔ)全圖4，再判斷四邊形EFGH的形狀，并說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）菱形；（2）連接AD、BC，由∠APC=∠BPD推出∠APD=∠CPB，證出∠APD=∠BPC，推出△APD≌△CPB（SAS），根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得到AD=BC，根據(jù)三角形的中位線(xiàn)定理，進(jìn)一步推出EF=FG=GH=EH，即可得出結(jié)論；（3）判斷四邊EFGH是正方形，理由是連接AD、BC，由（2）全等推出∠PAD=∠PCB，由∠PAD+∠1=90°和∠1=∠2，推出∠PCB+∠2=90°，得出∠3=90°，根據(jù)三角形的中位線(xiàn)定理推出GH∥BC，EH∥AD，即可得出∠EHG=90°，即可推出結(jié)論．

解答：解：（1）四邊形EFG是菱形，
故答案為：菱形．

（2）答：成立，
理由：連接AD、BC，∵∠APC=∠BPD，∴∠APC+∠CPD=∠BPD+∠CPD，
∴∠APD=∠CPB，
∵PA=PC，PD=PB，
∴∠APC+∠CPD=∠BPD+∠CPD，
即∠APD=∠BPC，
∴△APD≌△CPB（SAS），
∴AD=CB，
∵E、F、G、H分別是AC、AB、BD、CD的中點(diǎn)，
∴EF、FG、GH、EH分別△ABC、△ABD、△BCD、△ACD的中位線(xiàn)，
∴EF=

1

2

BC、FG=

1

2

AD、GH=

1

2

BC、EH=

1

2

AD，
∴EF=FG=GH=EH，
∴四邊形EFGH是菱形．

（3）如圖：
判斷四邊EFGH是正方形，
理由：連接AD、BC，
∵（2）中已證△APD≌△CPB，
∴∠PAD=∠PCB，
∵∠APC=90°，
∴∠PAD+∠1=90°，
∵∠1=∠2，
∴∠PCB+∠2=90°，
∴∠3=90°，
∵（2）中已證GH、EH分別是△BCD、△ACD的中位線(xiàn)，
∴GH∥BC，EH∥AD，
∴∠EHG=90°，
∵（2）中已證四邊EFGH是菱形，
∴菱形EFGH是正方形．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查對(duì)三角形的內(nèi)角和定理，三角形的中位線(xiàn)定理，全等三角形的性質(zhì)和判定，菱形的判定，正方形的判定等知識(shí)點(diǎn)的理解和掌握，綜合運(yùn)用這些性質(zhì)進(jìn)行證明是解此題的關(guān)鍵，題型較好，難度適中．