Question

如圖，拋物線y=﹣（x﹣1）²+c與x軸交于A，B（A，B分別在y軸的左右兩側(cè)）兩點(diǎn)，與y軸的正半軸交于點(diǎn)C，頂點(diǎn)為D，已知A（﹣1，0）．

（1）求點(diǎn)B，C的坐標(biāo)；
（2）判斷△CDB的形狀并說(shuō)明理由；
（3）將△COB沿x軸向右平移t個(gè)單位長(zhǎng)度（0＜t＜3）得到△QPE．△QPE與△CDB重疊部分（如圖中陰影部分）面積為S，求S與t的函數(shù)關(guān)系式，并寫(xiě)出自變量t的取值范圍．

Answer 1

解：（1）∵點(diǎn)A（﹣1，0）在拋物線y=﹣（x﹣1）²+c上，
∴0=﹣（﹣1﹣1）²+c，解得c=4。
∴拋物線解析式為：y=﹣（x﹣1）²+4。
令x=0，得y=3，∴C（0，3）；
令y=0，得x=﹣1或x=3，∴B（3，0）。
（2）△CDB為直角三角形。理由如下：
由拋物線解析式，得頂點(diǎn)D的坐標(biāo)為（1，4）。
如答圖1所示，過(guò)點(diǎn)D作DM⊥x軸于點(diǎn)M，

則OM=1，DM=4，BM=OB﹣OM=2。
過(guò)點(diǎn)C作CN⊥DM于點(diǎn)N，
則CN=1，DN=DM﹣MN=DM﹣OC=1。
在Rt△OBC中，由勾股定理得：；
在Rt△CND中，由勾股定理得：；
在Rt△BMD中，由勾股定理得：。
∵BC²+CD²=BD²，∴根據(jù)勾股定理的逆定理，得△CDB為直角三角形。
（3）設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b，
∵B（3，0），C（0，3），∴，解得。
∴直線BC的解析式為y=﹣x+3。
∵直線QE是直線BC向右平移t個(gè)單位得到，
∴直線QE的解析式為：y=﹣（x﹣t）+3=﹣x+3+t。
設(shè)直線BD的解析式為y=mx+m，
∵B（3，0），D（1，4），∴，解得：。
∴直線BD的解析式為y=﹣2x+6。
連接CQ并延長(zhǎng)，射線CQ交BD于點(diǎn)G，則G（，3）。
在△COB向右平移的過(guò)程中：
①當(dāng)0＜t≤時(shí)，如答圖2所示：

設(shè)PQ與BC交于點(diǎn)K，可得QK=CQ=t，PB=PK=3﹣t．
設(shè)QE與BD的交點(diǎn)為F，
則：，解得，∴F（3﹣t，2t）。
∴S=S_△QPE﹣S_△PBK﹣S_△FBE
=PE•PQ﹣PB•PK﹣BE•y_F
=×3×3﹣（3﹣t）2﹣t•2t=。
②當(dāng)＜t＜3時(shí)，如答圖3所示，

設(shè)PQ分別與BC、BD交于點(diǎn)K、點(diǎn)J，
∵CQ=t，∴KQ=t，PK=PB=3﹣t。
直線BD解析式為y=﹣2x+6，令x=t，得y=6﹣2t�！郕（t，6﹣2t）。
∴S=S_△PBJ﹣S_△PBK=PB•PJ﹣PB•PK=（3﹣t）（6﹣2t）﹣（3﹣t）²=t²﹣3t+。
綜上所述，S與t的函數(shù)關(guān)系式為：S=。

試題分析：（1）首先用待定系數(shù)法求出拋物線的解析式，然后進(jìn)一步確定點(diǎn)B，C的坐標(biāo)。
（2）分別求出△CDB三邊的長(zhǎng)度，利用勾股定理的逆定理判定△CDB為直角三角形。
（3）△COB沿x軸向右平移過(guò)程中，分兩個(gè)階段：
①當(dāng)0＜t≤時(shí)，如答圖2所示，此時(shí)重疊部分為一個(gè)四邊形；
②當(dāng)＜t＜3時(shí)，如答圖3所示，此時(shí)重疊部分為一個(gè)三角形。